初三人教版中考物理一模试卷新版
一、选择题（每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑．
1．（3分）下列有关声现象的说法正确的是（ ） A．敲击大石头发声时，大石头没有振动 B．利用超声波清洗眼镜，说明声音可以传递信息 C．吉他琴弦有粗有细，一般细的琴弦是高音弦
D．在城市主要道路两边安装噪声监测仪，可以减弱噪声 2．（3分）下列有关运动和力的关系中，正确说法是（ ） A．子弹从膛射出后能继续前进是因为子弹的惯性大于阻力
B．小张沿水平方向用力推地上的桌子没推动，推力等于桌子受到的摩擦力
C．一茶杯静止在水平桌面上，茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力是一对平衡力
D．踢出去的球在空中运动的过程中，球的重力没有做功
3．（3分）现代生产生活中需要各种各样的材料，下列说法不正确的是（ ） A．塑料是绝缘体用来制作电源插座的外壳
B．液态氢密度小用来作为火箭发动机的燃料 C．水的比热容较大用来冷却汽车发动机
D．有些半导体材料对光比较敏感，可以用来制造光敏电阻
4．（3分）如图所示，小明将蜡烛、凸透镜（f＝10cm）、光屏依次摆放在光具座上，光屏上成清晰的烛焰像，然后进行了如下的判断和操作（每次操作均在如图基础上），下列说法正确的是（ ）
A．根据图中凸透镜成像原理可制成投影仪
B．蜡烛和光屏位置不动，将凸透镜移至 40cm 刻度线处，光屏上可得到清晰等大的像
C．小明把一副近视眼镜放在蜡烛和透镜之间，只向右移动光屏，光屏上可再次成清晰的
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烛焰像
D．将蜡烛放在45cm刻度线处，移动光屏，光屏上成正立放大的烛焰像 5．（3分）如图所示的实验所体现的原理和它对应的应用关系不正确的是（ ）
A．微小压强计 B．汽油机
C．动圈式话筒 D．电动机
6．（3分）如图所示，电源电压为6V，定值电阻R＝20Ω，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（ ）
A．不能在a、b两点间接入一个电流表
B．在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表无示数
C．在a、b两点间接入一个“3V 0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光 D．在a、b两点间接入一个10Ω的电阻，该电阻消耗的电功率为0.4W
7．（3分）如图是甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系图象，若用甲、乙、丙三种物质制成质量相同的实心小球（m甲＝m乙＝m丙），把它们分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，静止时，下列说法正确是（ ）
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A．三个小球体积大小：V甲＞V乙＞V丙
B．三个小球受到的浮力大小：F甲＝F乙＜F丙 C．三个烧杯底部对水平地面的压强：p甲＞p乙＞p丙
D．若在放丙球的烧杯中加盐，球稳定后，丙球受到的浮力变大 二、填空题（每空1分，共21分）
8．（3分）夏日小东从开着空调的屋内刚走到室外时，眼镜的镜片变模糊是由于空气中的水蒸气 形成（填物态变化名称）；夏天吃冰棒时看见冰棒冒“白气”，“白气”实质是 （选填“水蒸气”或者“小水珠”或“小冰晶”）；冰棒含嘴里过了一会感觉到凉快是由于冰棒 （填物态变化名称）吸热所致。
9．（3分）“端午浓情，粽叶飘香”。“粽叶飘香”说明分子在 ；将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，说明分子间存在 ；若把分子看成一个小球，则一般分子直径的数量级为10
﹣10
m，合 nm。
10．（3分）目前核电站核反应堆是利用原子核 释放能量，1938年科学家首次用 （选填“电子”、“中子”或“质子”）轰击比较大的原子核释放出巨大的能量。1kg铀核释放的能量超过2000t煤完全燃烧释放的能量。如果煤的热值为3×107J/kg，那么1kg铀释放的能量至少为 J。
11．（3分）如图所示为汽油机的 冲程，该冲程中汽缸内燃料混合物的内能逐渐 （选填“增大”或“减小”），若汽油机飞轮转速为600r/min，汽油机每秒钟做功 次。
12．（3分）如图所示，水平地面O点两侧粗糙程度不同，物体一直受到沿水平方向3N的力F．物体经过M点开始计时，每经过相同时间，用虚线框记录物体的位置。物体在MO段做匀速直线运动，MN段的速度 OP段的速度；OQ段受到的摩擦力
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3N（以上两空选填“大于”、“小于”或“等于”）；O点左右两侧水平地面，比较粗糙是 （选填“OQ”或“MO”）。
13．（3分）如图是小军设计的短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关S1，S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁的磁性 （填“增强”或“减弱”），其上端的 （填“N”或“S”）极将衔铁吸下，抢跑指示灯 （填“L1”或“L2”）亮，判定运动员抢跑。
14．（3分）如图甲所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为6V．闭合开关S后，当滑片P从R的一端滑至另一端的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图乙所示。则小灯泡的额定功率为 W，电源电压为 V，滑片在最右端时，滑动变阻器的电功率为 W。
三、作图题（第15（1）题2分，第15（2）题2分，第15（3）题3分，共7分） 15．（3分）在图中，人站在扶梯上随扶梯一起匀速向上运动，画出人所受力的示意图。（O点为人的重心）
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16．（3分）光从水中射向空气时，在水面发生反射和折射现象。其反射光线如图所示，请画出入射光线、折射光线的大致方向。
17．（4分）如图所示，用测电笔测试某家庭电路中两条输电线时，只有接触下方那条电线时测电笔的氖管发光。请在图中标出火线并将灯泡、开关接入线路。
四、实验题（16题7分，17题6分，18题7分，共20分）
18．（3分）圆形物体的直径是 cm，电压表的读数为 V，测出的大气压强是 cm水银柱高。
19．（1分）如图所示是用温度计测量沙漠中某一天的最高和最低气温，当天的温度差为 ℃。
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20．（3分）如图是测量酱油密度的过程，甲图可读出烧杯和酱油总质量，将一部分酱油倒入量筒后，再用天平测出烧杯和剩余酱油的质量为36.4g，乙图可读出量筒中酱油的体积。油的质量m＝ g，酱油的体积V＝ cm3，酱油的密度ρ＝ kg/m3。
21．（6分）小建在做“探究液体压强与哪些因素有关”的实验，实验操作如图1所示：
（1）实验中，我们通过观察 来比较液体内部压强的大小，图甲压强计是 （选填“是”或“不是”）连通器。
（2）如丙、丁图所示，小建将探头分别放置在同种液体相同深度的位置，但探头的方向不同，由此可以得出结论： 。
（3）小建保持丙图中探头的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，发现U形管两侧的液面的高度差变大了，于是得出了“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。你认为他得出结论的过程是否可靠并说明理由 。
（4）善于动手的小建同学改装了液体压强计，将U型管的两端都分别连接了软管和探头，如图2所示。当两探头置于空气中时，U形管的液面是齐平的。小建将两个探头置于装有密度为ρ甲、ρ乙的液体的A、B容器中。当探头所处深度相同时，U形管的液面位置如图所示，则ρ甲 ρ乙（选填“大于”、“等于”或“小于”），调节探头位置，当U
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形管再次齐平后，测出此时两个探头在A、B两容器所处的深度h（用ρ乙、h甲和h乙表示）。
甲
和h乙，则ρ
甲
＝
22．（6分）小宇同学在“探究电流与电阻的关系”实验中，器材如图甲所示，电源电压为6V，滑动变阻器上标有“50Ω 1A”字样，阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω的定值电阻各一个，三个定值电阻的一端与公共端A端相连，方便连接。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至 端（选填“左”或“右”）。 （2）小宇同学首先将M、N分别与A、B两端相连，闭合开关后，发现电流表无示数，电压表示数很大，则电路故障可能是 。
（3）排除故障后，再次闭合开关，移动滑动变阻器滑P，使电压表示数为2V，电流表示数如图乙，断开开关后，将N端改接C端，接下来应向 （选填“左”或“右”）调节滑动变阻器滑片P，目的是： 。
（4）为了完成实验目标，实验小组准备将定值电阻更换为20Ω，但在实验室却找不到阻值为20Ω的定值电阻，经过思考，有同学提出，使用原来的实验装置，只需将M、N端分别连接到 两端也可以产生等效于20Ω的定值电阻，重复之前步骤就可以完成实验。
（5）为了测额定电压为2.5V小灯泡L的额定功率，小宇将小灯泡L代替定阻电阻接入MN之间，移动滑片P，得到L的I﹣U图象如丙图，则小灯泡的额定功率为 W，当小灯泡两端的电压为额定电压的时，则小灯泡的实际功率 额定功率的（选填“小于”、“大于”或“等于”）。
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五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）
23．（6分）一辆警车沿同一平直公路追击另一辆有超载嫌疑的卡车，当卡车从警车旁边经过时开始计时，之后两车的s﹣t图象如图所示，车的长度忽略不计。求： （1）警车追击时的速度是多少km/h？ （2）卡车距离警车多远时，警车才开始追击？
（3）如果卡车有6个轮子，自重2t，设每个轮子与地面的接触面积是200cm2，此时它对路面的压强为1×106Pa，若该车型核定载重为4t，则该卡车超载多少t？（g取10N/kg）
24．（6分）养生壶是指以养生保健为目的，类似于电热水壶的家用小电器。某品牌养生壶及其铭牌如图所示。（c＝4.2×103J/（kg•℃））
（1）在标准大气压下，使用高温档将初温是12℃，质量为1kg的一壶水烧开，养生壶的加热效率为80%，求烧开一壶水需要多少时间？
（2）请用以下电路元件：电源（220V）、电阻2个（R1＞R2）、开关3个S、S1、S2、导
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线若干，请在虚线框中完成电路图设计，实现高、中、低三档调节功能，并简单说明中档时开关状态。
（3）根据设计的电路图，求R1、R2的阻值是多少？
项目 额定电压 低温档功率 中温档功率 高温档功率
参数 220V 220W 880W 1100W
六、综合能力题（21题6分，22题4分，23题8分，共18分）
25．（6分）如图1所示，小明把一块玻璃板放置在白纸上，用来探究“平面镜成像特点”，请你完成下列问题：
（1）实验中所用的玻璃板越 （选填“厚”或“薄”）越好；放置玻璃板时，应该使玻璃板与水平桌面 。
（2）为了寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在图（2）中沿 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）方向观察。为了判定所成的像是否为虚像，人眼应在图（2）中沿 （选填“A”、“B”、“C”或“D”）方向观察光屏。
（3）为了进一步研究像的性质，将一块不透明挡板分别放在平面镜前后的1、2、3位置，如图3所示。当挡板位置位于 （填位置序号）时，人眼能看到像A′。 （4）如图4所示，一枚硬币放在竖直的平面镜前，硬币的像在a处；将平面镜平移至图中所示的位置时，硬币的成像情况是 （选填字母代号）。 A．硬币成像在a处 B．硬币成像在b处 C．硬币成像在c处
D．硬币无法通过平面镜成像
26．（4分）如图1是某手机充电示意图及简化电路图。如图2是充电过程中的手机电压、电流与时间的图象。
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（1）手机在充电过程中，电能转化为 能。
（2）手机充电第三阶段，手机的电功率变大、变小还是不变？并写出依据。 （3）充电过程数据线的阻值可认为不变，通过分析比较数据线在第一阶段发热功率与第二阶段数据线发热功率之比P1：P2＝
（4）智能手机的“近场通讯”、“蓝牙”功能分别使用1.356×107Hz、2.4×109Hz这两个波段的电磁波进行通讯。如图是电磁波大家族，近场通讯和蓝牙使用的电磁波：①都是无线电波 ②都能在真空传播 ③在真空中传播的速度一样大 ④蓝牙的波长比近场通讯的大。上述哪些说法是正确的
（填序号）。
27．（7分）阅读短文，回答问题。
嫦娥四号于2018年12月8日成功发射，进入奔月轨道，大约经过110小时的飞行，于12日16时45分，顺利完成“太空刹车”、被月球捕获，进入环月轨道。最终于2019年1月3日，嫦娥四号探测器（图甲）搭载着“玉兔二号”月球车“图乙”成功降落月球南极，实现全人类首次月球背面软着陆。探测器着陆后进行了月球车和探测器“两器分离”，分离后在“鹊桥”中继星支持下顺利完成互拍并传回地球。
月球车体重135kg，能“眼观六路”“耳听八方”，她的肩部有可以打开的太阳能电池帆板，她的腿部是六个轮状的移动装置。由于月夜温度极低，电子设备无法正常工作，所以它会进入休眠状态，休眠期间由同位素温差发电保温，等到月昼来临，它将自主唤醒，进入工作状态。
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（1）根据上述信息，请判断以下说法哪些是正确的
A．月球车“眼观六路”“耳听八方”是通过电磁波的传输与接收实现的 B．“太空刹车”时，火箭向前喷出燃气，是利用了力的作用是相互的 C．被月球捕获，说明月球对嫦娥四号的引力大于嫦娥四号对月球的引力 D．嫦娥四号关闭发动机绕月运动，从近月点向远月运动过程中，机械能增大。 （2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，“鹊桥号”中继星位于图示 （选填“a”或“b”）位置时，可起到信息中转作用。
（3）物体在月球上受到的引力只有地球上的六分之一，月球车在月球上的重力为 N（地球上g取10N/kg），在月球上的惯性将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。 （4）月球车以太阳能为能源，若太阳光照射到太阳能电池板上的辐射功率为1.5kW，电池产生的电压为48V，并对车上的电动机提供5A的电流，则太阳能电池将太阳转化电能的效率为 。
（5）小明对月球车的“唤醒系统”非常感兴趣，他利用光敏电阻设计了一个“模拟唤醒系统”，如图丙，该系统由“唤醒电路”、“控制电路”等组成，其中电源的电压为12V，电阻箱R的电阻为（0～9999Ω），RP是光敏电阻，它的阻值随光强的变化关系如表所示，光强用符号E表示，单位符号cd表示。根据表格中阻值随光强的变化规律可知，当光强为4.5cd时，RP光敏阻值为 Ω．若a、b两端电压必须等于或大于8V时，控制电路才能启动，唤醒玉兔并驱动玉兔工作。小明设定光强为4.5cd时唤醒玉兔，则电阻箱R的阻值至少应调到 Ω；为了能使控制电路在光线强度较弱时就能控制电路进入工作状态，可采取的措施是 （答出一种即可）。 E/cd RP/Ω
1.0 18
2.0 9
3.0 6
4.0 4.5
6.0 3
7.0 3
8.0 3
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初中物理试卷
参与试题解析
一、选择题（每小题3分，共21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的，请把答题卡上对应题目所选的选项涂黑．
1．【分析】（1）声音是物体振动产生的，一切发声的物体都在振动； （2）声音能够传递信息，也能够传递能量；
（3）弦乐器发出的声音是靠琴弦的振动产生的，琴弦越短、越紧、越细，发出声音的音调越高；
（4）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。 【解答】解：
A、一切发声的物体都在振动，所以，敲击大石头发声时，大石头也在振动，故A错误； B、利用超声波清洗眼镜，说明声音能够传递能量，故B错误；
C、小提琴琴弦的粗细不同，其振动频率不同，发出声音的音调会不同，一般细的琴弦振动频率快、发出声音的音调高，是高音弦，故C正确；
D、在城市主要道路两边安装噪声监测仪，只能检测出噪声的大小，不能减弱噪声，故D错误。 故选：C。
2．【分析】（1）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性不是力； （2）物体静止时处于平衡状态，受到的力为平衡力；
（3）二力平衡条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上； （4）做功的两个必要条件：一是物体要受到力的作用，二是物体要在力的方向上通过一段距离。 【解答】解：
A．子弹从膛射出后能继续前进是因为子弹具有惯性，惯性不是力，不能与阻力做比较，故A错误；
B．小张沿水平方向用力推地上的桌子没推动，桌子处于静止状态，说明推车与阻力平衡，大小是相等的，故B正确；
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C．一茶杯静止在水平桌面上，茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D．踢出去的球在空中运动的过程中，在球重力的方向有移动的距离，球的重力做功，故D错误。 故选：B。
3．【分析】（1）常见的绝缘体有陶瓷、塑料、玻璃、橡胶、油等，绝缘体在生活中有广泛的应用。
（2）液态氢的热值非常大，常用做航天技术中的燃料。 （3）水的比热容较大，常用于汽车发动机的冷却、冬天取暖。 （4）有些半导体材料对光、磁场、压力、温度比较敏感。
【解答】解：A、塑料是很好的绝缘体，可用来制作电源插座的外壳，故A正确。 B、液态氢的热值大，可用来作为火箭发动机的燃料，故B不正确。 C、水的比热容较大用来冷却汽车发动机，故C正确。
D、有些半导体材料对光比较敏感，可以用来制造光敏电阻，故D正确。 故选：B。
4．【分析】（1）（2）（4）凸透镜成像的三种情况和应用。 u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。 2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。 u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜。 （2）根据光的可逆性分析；
（3）近视镜是凹透镜，且凹透镜对光线有发散作用，若将凹透镜放在光屏和蜡烛之间，光线经凹透镜发散后，成的像会远离凸透镜；
【解答】解：A、由图可知，凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小实像，是照相机的原理，故A错误；
B、蜡烛和光屏位置不动，将凸透镜移至40cm刻度线处，此时物距等于二倍焦距，像距也等于二倍焦距，应将光屏移动到60cm刻度尺才能得到清晰等大的像，故B错误； C、近视镜是凹透镜，且凹透镜对光线有发散作用，若将凹透镜放在凸透镜和蜡烛之间，像会远离凸透镜，所以将光屏向远离凸透镜的方向移动，即向右移动，才能使蜡烛的像变清晰；故C正确；
D、将蜡烛放在45cm刻度线处，移动光屏，成正立放大的虚像，光屏上不成像，故D错
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误。 故选：C。
5．【分析】利用图示的实验现象，明确其反应的物理规律。然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去对应，从而可以确定其正误。 【解答】解：
A、向两纸片中间吹气，是利用了流体压强与流速的关系；微小液体压强计利用了液体压强与液体深度的关系；二者对应关系不正确；
B、水蒸气推动风车转动，水蒸气的内能转化为机械能，汽油机做功冲程把内能转化为机械能，对应关系正确；
C、图示实验是电磁感应现象，动圈式话筒应用了电磁感应原理，对应关系正确； D、通电导线在磁场中受到磁场力作用，它是电动机的工作原理，对应关系正确。 故选：A。
6．【分析】（1）电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，使用时与被测电路元件串联； （2）电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，可以测电源的电压；
（3）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值；
（4）根据电阻的串联和欧姆定律求出在a、b两点间接入一个10Ω的电阻时电路中的电流，根据P＝I2R求出该电阻消耗的电功率。
【解答】解：A．在a、b两点间接入一个电流表时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，故A错误；
B．在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故B错误； C．因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，灯泡正常发光时，串联电阻两端的电压： U串＝U﹣UL＝6V﹣3V＝3V， 因串联电路中各处的电流相等， 所以，由I＝可得，串联电阻的阻值：
R串＝＝＝＝6Ω≠R＝20Ω，
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故小灯泡不能正常发光，故C错误；
D．在a、b两点间接入一个R′＝10Ω的电阻时电路中的电流： I＝
＝
＝0.2A，
该电阻消耗的电功率：
P′＝I2R′＝（0.2A）2×10Ω＝0.4W，故D正确。 故选：D。
7．【分析】（1）根据图象可知质量相等的三个实心小球的体积关系；
（2）先根据图象读出一组甲、乙、丙的质量和体积，然后根据密度公式求出甲、乙、丙三种物质的密度，然后根据物质密度与水密度的关系确定小球的状态，最后根据小球排开水的多少得出浮力的大小关系；
（3）由于烧杯底部对水平地面的压力等于容器的总重力，则根据相同的烧杯装满水的，球的重力关系和排开水的重力关系，先判断出对水平地面的压力关系，进一步即可判断压强关系；
（4）在放丙球的烧杯中加盐，水的密度变大，根据浮沉条件可知丙球受到的浮力如何变化。 【解答】解：
A、根据图象可知，质量相等的三个实心小球的体积关系为：V甲＜V乙＜V丙，故A错误； B、根据图象可知，m甲＝8g时，V甲＝1cm3；m乙＝6g时，V乙＝3cm3；m丙＝4g时，V
丙
＝4cm3；
则三个实心小球的密度分别为： ρ甲＝
＝
＝8g/cm3，
ρ乙＝＝
＝2g/cm3，
ρ丙＝＝
＝1g/cm3；
因为甲、乙的密度均大于水的密度，丙的密度等于水的密度，
所以由浮沉条件可知，甲、乙下沉到容器底，丙悬浮在水中，即甲、乙、丙排开水的体积等于小球自身的体积，即V甲排＜V乙排＜V丙排，则由G排＝m排g＝ρ
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水
V排g可知，甲、
乙、丙排开水的重力关系：G甲排＜G乙排＜G丙排，由F浮＝G排可知三个小球受到的浮力关系：F甲＜F乙＜F丙；故B错误；
C、三个相同烧杯中都装满水，则放入小球前，水和烧杯的总重力相等，而放入小球后，甲排开水的重力最少，丙排开水的重力最多，且三个小球的质量相等、重力相等，故放入小球后烧杯的总重力关系为G甲＞G乙＞G丙；
烧杯底部对水平地面的压力等于放入小球后烧杯的总重力，而受力面积相同，由p＝＝
可知，三个烧杯底部对水平地面的压强：p甲＞p乙＞p丙，故C正确；
D、因丙球的密度与水的密度相等，当水中加盐后，水的密度变大，所以丙球最终将漂浮，漂浮时浮力等于重力，而原来丙球悬浮在水中，浮力也等于重力，因此球稳定后，丙球受到的浮力不变，故D错误。 故选：C。
二、填空题（每空1分，共21分）
8．【分析】（1）物理学中把物质从气态变成液态的过程称为液化，当室外的水蒸气遇到冷的镜片时会发生液化现象；
（2）物质从固态到液态为熔化，熔化吸热。
【解答】解：（1）夏天室外气温非常高，小东从开着空调的屋内刚走到室外时，室外的温度较高的水蒸气遇到冷的眼镜片时会发生液化形成大量的小水珠，所以眼镜变模糊了； 冰棒温度很低，周围空气中温度较高的水蒸气在冰棒周围液化成为小水珠，就是我们看到的“白气”；
（2）物质从固态到液态为熔化，熔化吸热，故冰棒含嘴里过了一会感觉到凉快是由于冰棒熔化吸热所致。
故答案为：液化；小水珠；熔化。
9．【分析】（1）从分子的基本性质入手，分子是构成物质的一种粒子，它的体积很小，分子在不断运动，分子间有一定的间隔，分子间间既有引力也有斥力。 （2）掌握长度单位的换算：1m＝109nm。
【解答】解：“粽叶飘香”说明分子在做无规则运动；两个表面光滑的铅块相互紧压后，它们会粘在一起，说明了分子间有引力； 因为1m＝109nm。 所以10
﹣10
m＝10
﹣10
×109nm＝0.1nm。
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故答案为：做无规则运动；引力；0.1。
10．【分析】（1）核电站运用核裂变工作，核裂变是用中子轰击比较大的原子核释放出巨大的能量。
（2）2000t煤完全燃烧释放的能量与1kg铀核释放的能量接近，利用Q放＝mq求1kg铀核释放能量。 【解答】解：
（1）核电站核反应堆是利用原子核裂变释放能量，1938年科学家首次用中子轰击比较大的原子核释放出巨大的能量。
（2）1kg铀核释放的能量超过2000t煤完全燃烧释放的能量，即2000t煤完全燃烧释放的能量与1kg铀核释放的能量接近， 故1kg铀核释放能量为：
Q放＝mq＝2×106kg×3×107J/kg＝6×1013J。 故答案为：裂变；中子；6×1013。
11．【分析】由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程。
四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化。
热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案。
【解答】解：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程，即活塞对气缸内的混合气体做功，使得混合气体的内能增加，温度升高。
若飞轮转速是600r/min＝10r/s，表示每秒飞轮转动10圈，要经过20个冲程。由于每四个冲程为一个工作循环，故该汽油机每秒钟内完成5个工作循环，对外做功5次。 故答案为：压缩；增大；5。
12．【分析】（1）比较物体运动快慢的方法：①相同时间比路程；②相同路程比时间； （2）判断物体是否做匀速直线运动，采用相同时间比较通过的路程的方法，若相同时间内通过的路程相等，则物体做匀速直线运动；若相同时间内通过的路程不相等，则物体做变速直线运动；处于平衡状态的物体，一定受平衡力的作用；处于非平衡状态的物体，一定受非平衡力的作用；
（3）摩擦力的大小与压力的大小与接触面的粗糙程度有关，压力一定时，接触面越粗糙，
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摩擦力越大。 【解答】解：
由图可知，物体在MN和OP两段通过的路程相同，结合题意可知MN段用的时间为OP段的2倍，根据相同路程比时间，时间长的速度小，所以MN段的速度小于OP段的速度；
物体在MO段运动时，相同时间内通过的路程相等，则物体在MO段做匀速直线运动，摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等，所以物体在MO段受到的摩擦力为3N。 由图可知，物体在OQ段运动时，相同时间内通过的路程逐渐增大，则物体在OQ段做加速运动，说明此时受到的摩擦力要小于拉力，即小于3N，所以OQ段比较光滑，MO段比较粗糙。
故答案为：小于；小于；MO。
13．【分析】（1）通过电磁铁的电流越大，电磁铁磁性越强，通过电磁铁的电流越小，电磁铁磁性越弱。
（2）电磁铁的N极和S极通过安培定则进行判断：用右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是电磁铁的N极； （3）根据图示控制电路与工作电路分析答题。
【解答】解：（1）工作人员闭合开关S1，S2，发令指示灯L1亮，运动员抢跑后，压敏电阻阻值变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，则通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性变强；
（2）电流从电磁铁的上端进入，从电磁铁的下端流出，根据安培定则，判断电磁铁的上端是S极，下端是N极；
（3）运动员抢跑后，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，将衔铁吸下，抢跑指示灯L2亮。
故答案为：增强；S；L2。
14．【分析】（1）由电路图可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电压表测电源的电压，由图象读出电流和电压值即可得出电源的电压，此时灯泡两端的电压和额定电压相等，由图象读出对应的电流，根据P＝UI求出灯泡的额定功率； （2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电表的示数，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P＝UI求出滑动变阻器的电功率。
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【解答】解：（1）由电路图可知，滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电压表测电源的电压，
由图象可知，电路中的最大电流为0.2A，电压表的最大示数为6V，则电源的电压为6V； 因灯泡两端的电压和额定电压相等时，灯泡的实际功率和额定功率相等， 所以，灯泡的额定功率： PL＝ULIL＝6V×0.2A＝1.2W；
（2）当滑动变阻器滑片在最右端时，接入电路中的电阻最大，由图象可知，电路中的电流I＝0.1A，灯泡两端的电压UL′＝1.5V， 因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，滑动变阻器两端的电压： U滑＝U﹣UL′＝6V﹣1.5V＝4.5V， 由I＝可得，滑动变阻器的最大阻值： R滑＝
＝
＝45Ω；
滑动变阻器的电功率： P＝U滑I＝45V×0.1A＝0.45W。 故答案为：1.2；6；0.45。
三、作图题（第15（1）题2分，第15（2）题2分，第15（3）题3分，共7分） 15．【分析】人随自动扶梯一同匀速上升，人相对于扶梯静止，因此人受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，并且二力是一对平衡力，根据力的示意图的画法作图即可。 【解答】解：人随自动扶梯一同匀速上升，人相对于扶梯静止，因此人不受摩擦力，只受竖直向下的重力和竖直向上的支持力，且二力是一对平衡力；
过人的重心作竖直向下的力（即重力G）和竖直向上的力（即支持力F）；如图所示：
16．【分析】（1）反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
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（2）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。
【解答】解：（1）由光的反射定律的内容，图中已经过入射点画出法线，根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，在法线右侧水中画出入射光线； （2）光由水中斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，根据折射光线、入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，在法线左侧空气中画出折射光线。如图所示：
17．【分析】用试电笔只接触下方导线氖管发光，说明下方导线为火线；为了保证用电安全，开关应接在火线上，灯泡的螺旋套应接在零线上。据此分析解答。 【解答】解：
由题知，下方的导线能使氖管发光，所以该导线为火线，则上方的是零线； 为了保证用电安全，开关应接在火线上，灯泡的螺旋套应接在零线上，如图所示：
四、实验题（16题7分，17题6分，18题7分，共20分）
18．【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）电压表读数时，先确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少，然后再读数；
（3）在托里拆利实验中，大气压所能支持的水银柱的高度是指玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，据此读图可得出结论。 【解答】解：
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（1）由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm＝1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；圆形物体左侧与8.00cm对齐，右侧与9.20cm对齐，所以圆形物体的直径为d＝9.20cm﹣8.00cm＝1.20cm；
（2）图乙中电压表的量程为0～3V，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，读数为1.5V；
（3）读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为74cm，因此，当时的大气压强等于74cm高水银柱产生的压强。 故答案为：1.20；1.5；74。
19．【分析】使用温度计测量温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，并注意区分温度是零上还是零下。 【解答】解：
由图可知，温度计上0℃至10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃，
甲图中液面在零刻度线下方，其示数为﹣15℃（最低气温）；乙图中液面在零刻度线上方，其示数为40℃（最高气温），所以当天的温度差为40℃﹣（﹣15℃）＝55℃。 故答案为：55。
20．【分析】天平标尺上最小的一格代表的质量叫标尺的分度值；使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和。 读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平； 已知烧杯和酱油的总质量和烧杯的质量，可以得到量筒中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ＝得到酱油的密度。
【解答】解：（1）在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；
烧杯和酱油总质量为：m＝50g+20g+10g+2.4g＝82.4g； 酱油的质量为m＝m1﹣m2＝82.4g﹣36.4g＝46g， 量筒的分度值为2cm3，酱油的体积为V＝40cm3； 酱油的密度为ρ＝＝
＝1.15g/cm3＝1.15×103kg/m3。
故答案为：46；40；1.15×103。
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21．【分析】（1）根据转换法，液体压强计是利用U形管中液面的高度差来体现压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；根连通器是指上端开口，底部连通的容器，符合这一特点的容器才能称为连通器；
（2）分析该次实验中控制的量和不同的量，得出液体压强大小与方向的关系； （3）探究液体压强跟密度是否有关时，控制深度不变，改变密度的大小； （4）根据右管中液面高，则左管中压强大，根据p＝ρgh分析；
为了使得U形管液面再次齐平，即应增大乙中的压强大小，根据p＝ρgh分析； 当U形管再次齐平后，一旁的小建测出了此时两个探头在甲乙两容器所处的深度h甲和h
乙
，则两种液体产生的 压强相同，根据p＝ρgh分析。
【解答】解：
（1）液体压强计是观察U形管中液面的高度差来比较液体压强大小的，压强越大，U形管液面高度差越大；
U形管本身是一个连通器，但与压强计的探头连接后，一端被封闭，不符合“上端开口，底部连通”这一特点，因此，不是连通器；
（2）如丙、丁图所示，在同种液体中，探头所处深度相同时，只改变探头的方向，U型管两边的液面高度差相同，由此可以得出结论：在同种液体的同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等。
（3）小明要探究液体内部压强与液体密度的关系。则应保持深度不变。小明保持C图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体是深度增大，密度增大，U型管左右液面差增大，没有控制探头在液体中深度不变，不能得出“在同一深度，液体的密度越大，其内部的压强就越大”的结论。
（4）当两探头置于空气中时，U形管的液面是齐平的。小竹将两个探头分别置于装有密度为ρ甲、ρ乙的液体的甲、乙容器中，当探头所处深度相同时，U形管的液体位置如图2所示，即右管中液面高，故甲中液体压强大，根据p＝ρgh，因深度相同，则ρ甲大于ρ
乙
；
为了使得U形管液面再次齐平，即应增大乙中的压强大小，根据p＝ρgh，故小竹将乙容器中的探头在液体中的深度增大；
当U形管再次齐平后，一旁的小建测出了此时两个探头在甲乙两容器所处的深度h甲和h，因ρ
gh甲＝ρ
gh乙，则ρ甲＝
×ρ乙。
乙甲乙
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故答案为：（1）U形管中液面的高度差；不是；（2）在同种液体的同一深度处，液体内部向各个方向的压强相等；（3）不可靠，没有控制探头在液体中深度不变；（4）大于；×ρ乙。
22．【分析】（1）为保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处； （2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的部分断路了； （3）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； （4）根据串联电阻的规律分析；
（5）由图丙知电压为2.5V时电流大小，根据P＝UI求出灯的额定功率； 根据P＝据此分析。
【解答】解：（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处的右端； （2）小宇同学首先将M、N分别与A、B两端相连，闭合开关后，发现电流表无示数，电路可能断路，电压表示数很大，则电压表与电源连通，故则电路故障可能是AB间的电阻丝断了；
（3）断开开关后，将N端改接C端，即定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，根据串联分压原理可知，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，目的是：保持定值电阻两端电压一定； （4）因5Ω+15Ω＝20Ω，为了完成实验目标，根据串联电阻的规律，只需将M、N端分别连接BD两端也可以产生等效于20Ω的定值电阻，重复之前步骤就可以完成实验； （5）由图丙知，电压为2.5V时电流等于0.2A，灯的额定功率为：P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W； 根据P＝
，若电阻R不变，电功率与电压成正比，因灯的电压随温度的减小而降低，
，
，若电阻R不变，电功率与电压成正比，因灯的电压随温度的减小而降低，
故当小灯泡两端的电压为额定电压的时，其实际电阻比正常发光时变小，根据P＝
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故小灯泡的实际功率大于额定功率的。
故答案为：（1）右； （2）AB间的电阻丝断了；（3）右；保持定值电阻两端电压一定；（4）BD；（5）0.5；大于。
五、计算题（19题6分，20题7分，共13分）
23．【分析】（1）由图象读出警车运动时间和路程，利用v＝计算速度；
（2）由图象读出卡车运动时间和路程，利用v＝计算出速度，根据提前运动时间，利用s＝vt计算距离；
（3）根据压强计算出卡车的总重力，进而求出质量，结合自重和核定载重，可求超载质量。
【解答】解：（1）警车追击时的速度为：v1＝
＝
＝72km/h；
（2）卡车的速度：v2＝＝＝36km/h，
卡车行驶了2min后警车开始追击，卡车距离警车：s2＝v2t2＝36km/h×（3）卡车与地面的总接触面积：S车＝6s轮＝6×2×102m2＝0.12m2，
﹣
＝1.2km；
卡车的总重力：G总＝F＝pS车＝1×106Pa×0.12m2＝1.2×105N， 卡车和货物的总质量：m总＝
＝
＝1.2×104kg＝12t，
超载货物质量：m＝m总﹣m车﹣m载＝12t﹣2t﹣4t＝6t。 答：（1）警车追击时的速度是72km/h；
（2）卡车距离警车1.2km时，警车才开始追击； （3）该卡车超载6t。
24．【分析】（1）由热量公式求出水吸收的热量，由效率公式求出壶消耗的电能，然后求出烧开一壶水需要的时间；
（2）根据提供的器材设计出电路图，根据P＝
以及R1＞R2说明电路的连接；
的应用可求出
（3）低温档时，电路中只有R1；中温档时，电路中只有R2，由P＝R1、R2的阻值。
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【解答】解：（1）在标准大气压下，将初温是12℃的一壶水烧开，水吸收的热量：Q＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣12℃）＝3.696×105J， 由η＝
可得养生壶消耗的电能：W＝
＝
＝4.62×105J，
吸
由P＝得，在高温档下烧开一壶水需要的时间为：t＝＝＝420s；
（2）根据题中提供的器材，要实现高、中、低三档的调节功能，应将2个电阻并联，且干路和支路中各有一个开关进行控制，设计电路如下：
根据P＝
知，在电源电压一定时，电阻越大，功率越小，因为R1＞R2，所以只闭合开
关S1时处于低温档，只闭合开关S2时处于中温档，开关S1和S2同时闭合时处于高温档； （3）低温档时，电路中只有R1，由P＝
知，R1＝
＝
＝220Ω；
中温档时，电路中只有R2，由P＝知，R2＝＝＝55Ω。
答：（1）烧开一壶水需要的时间为420s； （3）R1、R2的阻值分别为220Ω和55Ω。
六、综合能力题（21题6分，22题4分，23题8分，共18分）
25．【分析】（1）厚玻璃板的两个面都可以当作反射面，会出现两个像从这一角度去分析此题。实验时玻璃板要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合；
（2）实验过程中，眼睛要在蜡烛A侧观察，眼睛既能看到蜡烛A，又能看到代替蜡烛A的蜡烛B．如果在蜡烛B侧观察，只能看到蜡烛B和透过透明玻璃板看到蜡烛A，不能看到蜡烛A的像；虚像光屏接收不到，实像光屏能接收到；
（3）通过平面镜成像的特点知，平面镜所成的像是反射光线的反向延长线的交点，要注意题目中给出的“现将一块与平面镜大小差不多大的挡板，分别放在平面镜的正后方1、
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2、3位置时”；
（4）根据物体在平面镜中成像特点进行判断。
【解答】解：（1）实验中所用的玻璃板越薄越好，主要是为了减小由于光的折射对测量的像距与实际像距的差异；放置玻璃板时，应该使玻璃板与水平桌面垂直；
（2）平面镜成的像是光的反射形成的，甲蜡烛发出的光线经玻璃板反射，被人眼接收，才能看到像，故眼睛在A方向蜡烛甲所在一侧；
光屏能接收到实像，但接收不到虚像，因此在甲的像的位置上放光屏，在B直接观察光屏上是否有甲的像，便可以判断像是否为虚像；
（3）由图可知，A′即为棋子A在平面镜中的像，物体发出或反射的光，只要能到达平面镜，就能在平面镜中成像，而与平面镜大小差不多大的挡板是放在平面镜的正后方，不影响进入人眼的光线射，由此可见，当挡板位置位于1位置时，人眼不能看到像Aˊ，不管挡板放在2位置还是3位置，人眼仍然都可以看到像Aˊ；
（4）平面镜所成的像与物关于平面镜对称，硬币位置不变，将平面镜平移，平面镜仍在原来像与成像物体对称轴上，像的位置不变，故选A。 故答案为：（1）薄；垂直；（2）A；B；（3）2、3；（4）A。 26．【分析】（1）手机在充电的过程中相当于用电器；
（2）由图2知，在充电过程第三阶段，根据充电电压和电流的变化，利用P＝UI分析； （3）由图2知，第一、二阶段充电时间和第一、二阶段的充电电流大小关系，根据P＝I2R求出功率的比值；
（4））①根据无线电波的频率范围判断近场通讯、蓝牙是否属于无线电波；②电磁波可以在真空中传播；③电磁波的传播速度为一定值；④根据c＝λf判断波长的关系。 【解答】解：（1）手机在充电的过程中相当于用电器，会消耗电能，电能转化为化学能； （2）由图2知，在充电过程第三阶段，充电电压保持不变，而充电电流变小，根据P＝UI，故充电宝的电功率变小；
（3）由图可知，第一阶段的充电电流为I1＝200mA＝0.2A；第二阶段的充电电流为I2＝2A；充电过程数据线的阻值可认为不变；
则：在第一阶段发热功率与第二阶段数据线发热功率之比P1：P2＝I12R：I22R＝I12：I22＝（0.2A）2：（2A）2＝1：100；
（4）①无线电波的范围为106Hz～1012Hz，“近场通讯”、“蓝牙”功能分别使用1.356×107Hz、2.4×109Hz，在无线电波的范围内，故它们都是电磁波。故①正确；
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②“近场通讯”、“蓝牙”都是电磁波，电磁波可以在真空中传播；故②正确； ③电磁波的传播速度为一定值，都为3×108m/s，故③正确；
④根据c＝λf知λ与f成反比，因为“蓝牙”频率高，故蓝牙波长短，故④错误。 故选①②③。
故答案为：（1）化学；（2）变小；第三阶段，手机两端的电压不变，电流变小，根据P＝UI可知，功率变小；（3）1：100；（4）①②③。
27．【分析】（1）A、真空不能传声，电磁波可以在真空中传播；
B、力的作用是相互的，一个物体对另一个物体施加力的作用时，受到另一个物体的反作用力；
C、相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上； D、在动能与重力势能转化的过程中，若没有能量损失，则机械能不变。 （2）发射中继卫星的目的是解决地面与月球背面的通信和测控问题。
（3）质量是物体的固有属性，与物体所处的位置无关；由G＝mg求出月球车在地球上受到的引力（重力），然后再求出月球车在月球上受到的引力； 惯性只与物体的质量有关。
（4）已知电池板上的辐射功率（总功率），根据P＝UI求出电动机工作时的功率（有用功率），根据效率公式求太阳能电池将太阳能转化为电能的效率。
（5）根据表中数据可知，当光强小于等于6cd时，光强与光敏电阻的乘积为一定值，据此求出光强为4.5cd时光敏电阻的阻值；
已知光强为4.5cd时光敏电阻的阻值，当a、b两端电压为8V时电阻箱接入电路中的电阻最小，根据串联电路的电压特点求出RP两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，再利用欧姆定律求出变阻箱的最小阻值； 根据串联电路分压特点进行分析。
【解答】解：（1）A、月球上没有空气，而真空不能传声，而电磁波可以在真空中传播，所以月球车“眼观六路”“耳听八方”是通过电磁波的传输与接收实现的，故A正确； B、“太空刹车”时，火箭向前喷出燃气，火箭对燃气产生推力作用，由于力的作用是相互的，则燃气对火箭产生反作用力，致使火箭速度减小，直至停止运动，故B正确； C、月球对嫦娥四号的引力与嫦娥四号对月球的引力是一对相互作用力，二者大小相等。故C错误；
D、关闭发动机后，“嫦娥四号”从近月点向远月点运行过程中，动能减小，势能增大，
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机械能的总和不变；故D错误。
（2）由于月球的遮挡，月球背面的着陆器和巡视器无法与地球直接传输信息，故“鹊桥号”中继星位于b位置时，可以同时与地球和月球背面进行信息和数据交换。
（3）质量是物体的固有属性，把质量为135kg的月球车由地球移到月球上时，物体不变，物体质量不变，仍为135kg；
物体在地球上受到的引力（重力）G＝mg＝135kg×10N/kg＝1350N，该物体在月球上受到的引力G′＝G＝×1350N＝225N；
由于惯性只与物体的质量有关，而月球车在月球上时，质量不变，因此在月球上的月球车惯性不变；
（4）太阳能电池的输出功率为P总＝UI＝48V×5A＝240W，P输入＝1.5kW＝1500W， 则效率η＝
×100%＝
×100%＝16%；
（5）根据表中数据可知，当光强小于等于6cd时，光强与光敏电阻的乘积为一定值，并且当光强为1cd时，RP为18Ω；
则当光强为4.5cd时，光敏电阻的阻值：RP′＝
＝4Ω；
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以光敏电阻两端的电压：URP＝12V﹣8V＝4V，
根据串联分压规律可知，电阻箱的阻值：R＝
×4Ω＝8Ω；
当光线较弱时，光敏电阻的阻值较大，RP所分得的电压较大，而R两端电压则偏小，所以可以通过增大电阻箱R的阻值，使在RP阻值较大时也可以分得至少为8V的电压。 故答案为：（1）AB；（2）b；（3）225；不变；（4）16；（5）4；8；增大电阻箱接入的阻值。
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中考物理一模试卷
一、选择题（20分）
1．（2分）在听音乐时，我们很容易区别出吉他和钢琴的声音，判断的依据是（ ） A．音调
B．响度
C．音色
D．频率
2．（2分）下列数据中，符合实际情况的是（ ） A．中学课桌的高度约为20cm
B．一个中学生的质量约为50kg C．徐州地区5月份的温度约为50℃ D．心脏跳动一次的时间约为10s
3．（2分）如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）
A．放大镜观察物体 B．水中的“倒影”
C．海市蜃楼 D．阳光下的“影子”
4．（2分）在抗击新型冠状病毒期间，医护人员必须穿着防护服、戴上口罩和护目镜，护目镜常常会蒙上一层“雾气”，这是医护人员的一大烦恼。关于“雾气”的说法中正确的是（ ）
A．“雾气”是水蒸气 C．雾气”的形成需要吸热
B．“雾气”是升华现象 D．“雾气”的形成需要放热
5．（2分）关于粒子和宇宙，下列认识中正确的是（ ） A．固体分子是静止不动的 B．原子由原子核和电子组成 C．分子间只有引力没有斥力 D．太阳是宇宙的中心且固定不
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6．（2分）在生活中，有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了增大摩擦的是（ ） A．鞋底凹凸不平的花纹 C．风扇转轴做的很光滑
B．齿轮间加润滑油 D．行李箱下装有轮子
7．（2分）下列有关家庭用电的做法中正确的是（ ） A．用湿布擦抹正在工作的台灯 B．用电器的开关必须装在零线上
C．使用测电笔时，手要接触笔尖的金属杆 D．用电器金属外壳必须接地
8．（2分）在抗击新型冠状病毒期间，防疫人员用额温快速测量人的体温并记录，额温的工作原理主要是利用了（ ） A．红外线
B．超声波
C．次声波
D．紫外线
9．（2分）下列属于可再生能源的是（ ） A．石油
B．煤炭
C．核燃料
D．太阳能
10．（2分）小东在做“调节灯泡亮度”的电学实验时，电路如图所示。电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，滑动变阻器规格“50Ω 1A”，灯泡L 标有“2.5V 1.25W”字样（ 忽略灯丝电阻变化）．在不损坏电路元件的情况下，下列判断不正确的是（ ）
A．灯泡两端的最大电压是1.5V B．该电路中电流的最大功率是1.25W C．电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A D．滑动变阻器阻值变化的范围是2.5Ω～10Ω 二、填空题（第33题2分，其余每空1分，共20分）
11．（3分）运动员将静止的足球踢飞，感觉脚有点疼，说明力的作用是 ；足球落地后会继续向前滚动，说明足球具有 ；当足球静止在水平地面上时，受到的重力和
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地面的支持力是一对 （选填“平衡力”或“相互作用力”）。
12．（3分）跳伞运动员打开降落伞后在空中匀速下降，10s内下降30m，速度为 km/h；运动员的动能 （选填“变大”“变小”或“不变”）；以降落伞为参照物，运动员是 。
13．（3分）除夕夜医疗队出征武汉前，战士们都要注射抗病毒疫苗。注射器针头做的很尖，其目的是为了 ；注射器能将药液吸入针筒是利用了 的作用；注射器针头的横截面积为0.2mm2，假设用1N的力将针头扎入皮肤，针头对皮肤的压强为 Pa。
14．（3分）如图所示为汽油机的 冲程，其能量转化情况为 ；完全燃烧0.1kg的汽油，放出的热量为 （q汽油＝4.6×107J/kg）。
15．（4分）磁体间有相互作用力，异名磁极相互 ；电动机是利用通电导体在磁场中 原理工作的；如图所示，当导体沿箭头所示的方向运动时，发现电流表指针偏转，这个现象属 现象。
16．（4分）如图甲所示，将焦距f＝15cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，要在光屏上呈现烛焰清晰的像，应将光屏向 （选填“左”或”右）移动，利用这一成像规律可以制成 （“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）；若不移动光屏的位置，将一副眼镜放在蜡烛和透镜间的适当位置处，光屏上也会出现烛焰清晰的像，则这幅眼镜可以矫正的视力缺陷是图乙中的 （选填“a”或“b”）。
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17．（2分）某物理兴趣小组，研究徐州市新建大龙湖水域对周边环境温度的影响时发现：大龙湖水域附近，夏天比周边降低1℃左右，冬天比周边升高1℃左右。请用你所学的知识解释其中的道理： 。
六、物理解答题（第34题4分，第35、36题各6分，第37～39题各8分，共40分，解答第35、36题时应有解题过程）
18．（2分）根据平面镜成像的特点，画出图中物体AB在平面镜中所成的像A'B'。
19．（2分）如图所示，请画出钉锤拔钉子时，动力F的动力臂L1。
20．（5分）工人用动滑轮将重为400N的物体匀速提升5m，做了2500J的功。 试求：（1）提升物体做的有用功； （2）动滑轮的机械效率。
21．（5分）如图所示电路，电源电压保持不变，R0是定值电阻，R是标有“20Ω、2A”字样的滑动变阻器。闭合开关，当滑动变阻器R接入电路的阻值为5Ω和20Ω时，滑动变阻器消耗的功率相等。试求：
（1）滑动变阻器两端允许加的最大电压； （2）电阻R0的阻值。
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22．（8分）小明做探究“电流跟电阻的关系”实验时，所用电源电压6V恒定不变，实验中用到的电阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲所示的电路图将图乙所示的实物电路连接完整（导线不能交叉）； （2）小明把5Ω定值电阻接入电路后闭合开关，发现电流表无示数而电压表有示数，则电路中的故障可能是 ； A．电阻处短路 B．电阻处断路 C．滑动变阻器处断路 D．滑动变阻器处短路
（3）排除故障后进行实验。多次改变电阻R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到通过电阻R的电流I如表，对应的电流随电阻变化的关系如图丙所示，根据图象参考表格数据可得结论：电压一定时 ；
物理量 电阻值R/Ω 电阻中的电流
I/A
（4）将5Ω定值电阻换成10Ω定值电阻后，闭合开关，为了保持电压表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向 （选填“A”或“B”）移动。
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1 5 0.5
2 10 0.25
3 15 0.17
4 20 0.13
5 25 0.1
23．（8分）小明用天平和量简侧量某金属块的密度。
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，他应将右端的平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），才能使天平水平平衡。
（2）用调节好的天平测金属块质量时，天平平衡后，砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块质量m＝ g。
（3）用细线系住金属块放入装有20mL水的量筒内，水面如图丙所示，则可计算出金属块的密度ρ＝ g/cm3
（4）完成上述实验后，小刚又用弹簧测方计和密度为ρ的金属块，测出了如图丁所示烧杯中盐水的密度。请将实验步骤补充完整：
①用调好零点的弹簧测力计测出金属块在空气中重力为G；
②将金属块悬挂在弹簧测力计下，缓慢浸没在盐水中，记录此时弹簧测力计的示数为F； ③用G、F和p表示盐水的密度为ρ
盐水
＝ 。
24．（8分）阅读短文，回答文后的问题。 电磁流量计
电碰流量计是利用法拉第电磁感应原理制成的用来检测导电液体流量（液体在单位时间内通过某横截面的体积）和流选的仪表。
如图甲是用来检测血流速度和血流量的电磁流量计（又称电磁血流计）。其原理如图乙所示，使用时将血管放置于两磁极之间，金属电极A、B与血管壁接触，仪表与电极A、B相连。血液在血管中流动时A、B间就会有电压，电流通过仪表从而显示出血流速度和流量。
某实验小组用电磁血流计研究血管中血流速度与n（病人心脏血管横截面积与正常人心脏血管横截面积的比值）的关系。测得病人心脏主动脉血管内血液匀速流动的速度心与n的数值如表：
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n v（m/s）
1.00 0.180
0.90 0.200
0.80 0.225
0.75 0.240
0.60 0.300
研究表明，当血液在管内匀速流动时，受到的阻力f与血液的流速v成正比，即f＝kv，k为常数，血管横截面积越小，血液流速越大，受到的阻力越大，心脏的负担就越重。 （1）电磁流量计上的仪表是由 改装的（选填“电压表”“电流表”）；
（2）测得某液体的流速为0.2m/s，流量为104m3/s，则管子的横截面积为 m2；
﹣
（4）根据表中数据可知，当n＝0.5时，v＝ m/s；
（5）心脏主动脉血管的横截面积变化时，心脏推动血液流动的功率P随n的变化而变化。若当n＝1时，心脏推动血液流动的功率P＝P0，则当n＝0.5时，心脏推动血液流动的功率P＝ P0。
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初中物理试卷
参与试题解析
一、选择题（20分）
1．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。
【解答】解：我们很容易分辨出吉他和钢琴的声音，判断的依据是它们的音色不同，故ABD错误，C正确； 故选：C。
2．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A不符合实际；
B、成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右，故B符合实际；
C、徐州地区5月份最高气温不超过40℃，远低于50℃，故C不符合实际；
D、正常情况下，人的心脏1min跳动的次数在75次左右，跳动一次的时间接近1s，故D不符合实际。 故选：B。
3．【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、用放大镜看物体时，物体变大了，属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的。故与题意不符。
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B、平静水面上塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。 C、海市蜃楼是光在不均匀的介质中传播时发生的折射现象，故与题意不符；
D、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符； 故选：B。
4．【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化过程放出热量。 【解答】解：
雾是水蒸气遇冷变成液态的水珠，属于液化现象，液化过程放热，故ABC错误，D正确。 故选：D。
5．【分析】（1）一切物质的分子在永不停息地做无规则运动。
（2）分子由原子组成，原子由原子核与核外电子组成，原子核由质子与中子组成。 （3）分子间存在相互作用的引力和斥力。 （4）太阳是太阳系的中心，而不是宇宙的中心。
【解答】解：A、分子总是不断运动的，构成固体的分子也是不断运动的。故A错误； B、原子核由带正电的质子和不带电的中子组成的。故B正确； C、分子间同时存在相互作用的引力和斥力。故C错误；
D、太阳是太阳系的中心，其他八个行星绕着太阳转，但太阳不是宇宙的中心。故D错误。 故选：B。
6．【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。 【解答】解：
A、鞋底凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A符合题意；
B、齿轮间加润滑油，在接触面形成一层油膜，使接触面分离，可减小摩擦力，故B不合题意；
C、风扇转轴做的很光滑，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故
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C不合题意；
D、行李箱下装有轮子，是变滑动摩擦为滚动摩擦来减小摩擦力，故D不合题意。 故选：A。
7．【分析】（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电； （2）开关应该接在灯泡和火线之间；
（3）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故；
（4）大功率或带有金属外壳的用电器，其金属外壳一定要接地，以防用电器外壳带电，会危及人身安全。 【解答】解：
A、水是电的导体，用湿布擦抹正在工作的台灯时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、用电器的开关应装在火线上，这样在断开开关时，能“切断”火线，灯泡才不会带电，故B不符合安全用电原则；
C、使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端笔尖的金属杆，但一定要用手触及笔尾的金属部分，这样才能正确辨别火线和零线，故C不符合安全用电原则；
D、家用电器的金属外壳要与大地相连，若金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，避免触电，故D符合安全用电原则。 故选：D。
8．【分析】红外线是看不见的光，但照射在物体上可以使物体的温度升高；红外线的热效应很强，制成热谱仪、红外线夜视仪、电视遥控器、体温等。 【解答】解：
在抗击新型冠状病毒期间，防疫人员用额温快速测量人的体温并记录，额温的工作原理主要是利用了人体发出的红外线，故A正确，BCD错误。 故选：A。
9．【分析】从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。
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【解答】解：
石油、煤炭、核燃料都属于不可再生能源；只有太阳能是可再生能源，故D正确，ABC错误。 故选：D。
10．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。 （1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出电压表的示数即可判断灯泡两端的最大电压；
（2）根据串联电路的电流特点可知电路中的最大电流为灯泡额定电流和滑动变阻器允许通过最大电流中较小的一个，根据P＝UI求出电路中的最大电功率，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，利用欧姆定律求出灯泡的电阻，利用串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的电流，进一步求出电路中电流变化的范围，最后根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值即可得出滑动变阻器阻值变化的范围。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压。 灯泡L 标有“2.5V 1.25W”字样，表示灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W， （1）假设灯正常发光时，根据串联电路总电压等于各分电压之和， 所以，此时电压表的示数U滑＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，
因2V＜3V，没有超出电压表的量程，所以，灯泡两端的电压可以达到2.5V，故A不正确；
（2）根据串联电路中各处的电流相等，
根据P＝UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流： I＝IL＝
＝0.5A，
因滑动变阻器允许通过的最大电流为1A， 故电路中的最大电流Imax＝0.5A， 电路的最大电功率：
Pmax＝UImax＝4.5V×0.5A＝2.25W，故B不正确；
根据欧姆定律，当电路中电流最大时，电路的总电阻最小，由串联电阻的规律，此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，因此时灯的电压为UL＝2.5V，由串联电路电压的规律，
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变阻器的电压为U最小电阻R滑min＝
滑
＝U﹣UL＝4.5V﹣2.5V＝2V，根据欧姆定律，变阻器连入电路中的
＝4Ω；
当电压表的示数为最大3V时，根据分压原理，变阻器连入电路中的电阻最大，电路中的电流最小， 灯泡的电阻： RL＝
＝5Ω，
灯泡两端的电压：
UL′＝U﹣U滑max＝4.5V﹣3V＝1.5V， 电路中的最小电流： Imin＝
＝0.3A，
故电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故C正确； 滑动变阻器接入电路中的最大阻值： R滑max＝
＝10Ω，
故滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故D不正确。 故选：C。
二、填空题（第33题2分，其余每空1分，共20分） 11．【分析】物体间力的作用是相互的；
一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。
【解答】解：运动员将静止的足球踢飞，运动员给足球一个力，由于物体间力的作用是相互的，足球会给脚一个力，所以感觉脚有点疼；
一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；
当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。
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故答案为：相互的；惯性；平衡力。
12．【分析】（1）根据公式v＝计算运动员下降的速度，注意速度单位的换算，即1m/s＝3.6km/h；
（2）动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；
（3）如果物体相对于参照物的位置保持不变，则物体是静止的，如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的。 【解答】解：
（1）运动员下降的速度：v＝＝
＝3m/s＝3×3.6km/h＝10.8km/h；
（2）当降落伞张开后，运动员匀速下降时，其质量不变，速度不变，动能不变； （3）跳伞运动员相对于降落伞位置保持不变，故以降落伞为参照物，运动员是静止的。 故答案为：10.8；不变；静止的。
13．【分析】（1）根据压强的定义式p＝知，当压力一定时，减小受力面积，可增大压强； （2）注射器将药液吸入针筒之前，需要先排出针筒内的空气，这样，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒中。 （3）利用压强的公式带入数据可进行计算。 【解答】解：
（1）由公式p＝可知，注射器的针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的。
（2）注射器能将药液吸入针筒是因为针筒内的气压较小，外界大气压把药液压入针筒。 （3）针头对皮肤的压强为p＝＝故答案为：增大压强；大气压；5×106。
14．【分析】（1）根据气门的关闭和活塞的运行情况判断是哪一个冲程；做功冲程是内能转化为机械能；
（2）知道汽油的质量和热值，利用Q放＝mq求汽油完全燃烧放出的热量。 【解答】解：
（1）图中，汽油机的进气门、排气门关闭，活塞向下运动，是做功冲程，其能量转化情况为内能转化为机械能；
（2）完全燃烧0.1kg汽油放出的热量：
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＝5×106Pa。
Q放＝m汽油q汽油＝0.1kg×4.6×107J/kg＝4.6×106J； 故答案为：做功；内能转化为机械能；4.6×106J；
15．【分析】磁极间的相互作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；通电导体在磁场中受到力的作用；闭合电路中部分导体切割磁感线时会在电路中产生感应电流。 【解答】解：磁体间有相互作用力，异名磁极相互吸引； 电动机的工作原理时：通电导体在磁场中受到力的作用；
当导体沿箭头所示的方向运动时，闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动，会产生感应电流，电流表指针偏转，这个现象属电磁感应现象。 故答案为：吸引；受磁场力作用；电磁感应
16．【分析】根据凸透镜成像的三种情况判断：2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，是投影仪的应用；知道远视眼镜是凸透镜，对光有会聚作用。同时知道凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的规律可做出判断。
【解答】解：如图甲，将焦距f＝15cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处后，物距u＝50cm﹣25cm＝25cm，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f＝30cm，应将光屏向右移动，才能在光屏上观察到蜡烛清晰的像，利用凸透镜这一成像规律制成的是投影仪； 若不移动光屏的位置，将一副眼镜放在蜡烛和透镜间的适当位置时，光屏上又出现了清晰的像，根据甲图可知，说明提前成像，这个眼镜是凸透镜，这幅眼镜可以矫正的视力缺陷是图乙中的b。 故答案为：右；投影仪；b。
17．【分析】水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此进行分析。 【解答】解：
徐州市新建大龙湖水域后，水的质量变多，因为水的比热容较大，夏天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，导致气温将比原来下降1℃左右；冬天，（相同质量的水和沙石比较）放出相同的热量，水的温度降低的少，导致气温比原来升高1℃左右。
故答案为：徐州市新建大龙湖水域后，水的质量变多，因为水的比热容较大，夏天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少，导致气温将比原来下降1℃左右；冬天，（相同质量的水和沙石比较）放出相同的热量，水的温度降低的少，导致气温比原来升高1℃左右。
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六、物理解答题（第34题4分，第35、36题各6分，第37～39题各8分，共40分，解答第35、36题时应有解题过程）
18．【分析】平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB的像。
【解答】解：分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为AB在平面镜中的像，如图所示：
19．【分析】已知支点、动力的方向，根据力臂的画法，过支点作动力作用线的垂线段，即动力臂。
【解答】解：钉锤绕O点转动，O为支点，手握钉锤的力是动力F，从支点O向F的作用线作垂线，垂线段即为动力臂L1，如图所示：
20．【分析】（1）根据W＝Gh求出有用功； （2）利用η＝
×100%求出动滑轮的机械效率；
【解答】解：（1）提升物体做的有用功： W有用＝Gh＝400N×5m＝2000J； （2）由题意可知，W总＝2500J， 则动滑轮的机械效率： η＝
×100%＝
×100%＝80%；
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答：（1）提升物体做的有用功是2000J； （2）动滑轮的机械效率是80%。
21．【分析】（1）根据滑动变阻器的规格求出最大电压； （2）根据功率相同，列出功率的表达式，求出其阻值。 【解答】解：
（1）R是标有“20Ω、2A”字样的滑动变阻器，即滑动变阻器的最大电阻为20Ω，允许通过的最大电流为2A，则滑动变阻器两端允许加的最大电压为： U最大＝I最大R0＝2A×20Ω＝40V；
（2）当滑动变阻器R接入电路的电阻为5Ω时，其功率的表达式为：P＝I2R＝
×5Ω；
当滑动变阻器R接入电路的电阻为20Ω时，其功率的表达式为：P＝I2R＝×20Ω； 则：
×5Ω＝
×20Ω
解得：R0＝40Ω。
答：（1）滑动变阻器两端允许加的最大电压为40V； （2）电阻R0的阻值为10Ω。
22．【分析】（1）变阻器按一上一下接入电路中，电压表与电阻并联； （2）逐一分析每个选项，找出符合题意的答案； （3）根据电流与电阻之积为一定值分析；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。
【解答】解：（1）变阻器按一上一下接入电路中，电压表与电阻并联，如下所示：
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（2）A．若电阻处短路，电压表没有示数，不符合题意；
B．若电阻处断路，电流表无示数，电压表与电源连通测电源电压，电压表有示数，符合题意；
C．若滑动变阻器处断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意； D．滑动变阻器处短路，电压表测电源电压，电流表有示数，不符合题意； 故选B；
（3）由图知，电阻两端的电压始终保持：
UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，故得出电压一定时，电流与电阻成反比；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；
探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2.5V。 故答案为：（1）如上所示；（2）B；（3）电流和电阻成反比； （4）A。 23．【分析】（1）天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
（2）在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码（读数时以游码左侧对应的刻度为准）所对的数值即待测物体的质量；
（3）弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，金属块的体积等于金属块和水的总体积减去水的体积；根据公式ρ＝求出金属块的密度；
（4）将金属块浸没水中，读出弹簧测力计的示数，利用称重法测量金属块受到的浮力；知道金属块密度可求金属块体积，再利用阿基米德原理求液体的密度。
【解答】解：（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左盘质量偏大，则平衡
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螺母应向右调节；
（2）如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，金属块的质量：m＝20g+5g+2.0g＝27g； （3）水和金属块的总体积：V总＝30mL＝30cm3， 则金属块的体积：V＝V总﹣V水＝30cm3﹣20cm3＝10cm3， 金属块的密度：ρ＝＝
＝2.7g/cm3；
（4）①用细线系住金属块，用弹簧测力计测出金属块在空气中的重力G； ②用弹簧测力计拉住金属块，使其浸没在适量的盐水中，测得拉力为F， ③由G＝mg＝ρVg得金属块的体积V＝
，
，
因为金属块浸没盐水中，所以金属块排开盐水的体积V排＝V＝金属块受到的浮力F浮＝G﹣F＝ρ解得液体密度：ρ盐＝
ρ。
ρ。
盐
V排g＝ρ
盐
g＝ρ
盐
，
故答案为：（1）右；（2）27；（3）2.7；（4）
24．【分析】（1）根据电压表、电流表的正确使用确定电磁流量计中仪表的来源； （2）根据题中的血流速度和血流量，求出管的横截面积；
（3）（4）先根据表中数据得出n与v的关系，然后根据f＝kv和P＝Fv判断功率与速度的关系，从而得出功率与n的关系。 【解答】解：
（1）电磁流量计上的仪表串联在电路中，由电流表改装的； （2）已知v＝0.2m/s，血流量为10
＝5×104m2；
﹣
﹣4
m3/s，所以血管的横截面积：S＝
＝
（3）由表中数据可知，n与v的乘积不变，所以n与v成反比，且nv＝0.18； 当n＝0.5时，v＝
m/s＝0.36m/s；
（4）由f＝kv和P＝Fv可知，心脏推动血液匀速流动的功率P＝kv2，则P与速度的平方成正比，而n与v成反比，因此P与n的平方成反比； 若当n＝1时，心脏推动血液流动的功率P＝P0，
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则当n＝0.5时，心脏推动血液流动的功率P＝
﹣
P0＝P0＝4P0。
故答案为：（1）电流表；（2）5×104；（3）0.36；（4）4。
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中考物理一模试卷(有答案)
一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题目要求，每小题2分，共30分） 1．（2分）下列估测数据，符含生活实际的是（ ） A．人体正常体温约为37℃ B．人的步行速度约为10m/s C．一个鸡蛋的质量约为250g D．一台空调额定功率是50W
2．（2分）中国高铁，移动支付，共享单车，“蛟龙号”潜水，当今中国，科技进步使生活更加便捷。下列说法中正确的是（ ）
A．“复兴”号高速列车因为速度很大所以惯性很大
B．“蛟龙号”潜水器在海面下下潜过程中受到的浮力逐渐增大 C．共享单车坐垫设计得较宽，目的是为了增大压强 D．用手机进行移动支付时，利用了电磁波传递信息 3．（2分）生活中有许多光现象，下列说法中正确的是（ ） A．凸透镜所成的实像一定是放大的 B．黑板反光是由光的镜面反射引起的 C．远视眼可用凹透镜制成的眼镜来矫正 D．汽车夜间行驶时，应打开驾驶室内照明灯
4．（2分）关于核能、地热能、潮汐能的说法，正确的是（ ） A．核燃料、地热能和潮汐能等都是可再生能源
B．核能是清洁型能源，对人类不会造成任何危害 C．目前核电站获得核能的途径是核裂变的可控链式反应 D．地球上的核能、地热能和潮汐能都是来自太阳
5．（2分）如图所示，将悬挂的乒乓球轻轻接触正在发声的音叉，乒乓球多次被弹开，关于此实验，下列说法错误的是（ ）
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A．音叉发出声音的响度越大，乒乓球被弹开的越远 B．音叉发出声音的音调越高，乒乓球被弹开的越远
C．本实验可以研究“声音是由于物体的振动而产生的” D．乒乓球被弹开的越远，说明音叉振动幅度越大
6．（2分）两列火车并排停在站台上，小强坐在车厢中向另一列车厢观望。突然，他觉得自己的列车开始缓缓地前进了，但是，“驶过”了旁边列车的车尾才发现，实际上他乘坐的列车还停在站台上。下列说法正确的是 （ ） A．小强感觉自己乘坐的列车前进了是以站台为参照物 B．小强先后不同的感觉是因为他选择的参照物不同而造成的
C．小强发现自己乘坐的列车还停在站台上是以旁边列车的车尾为参照物 D．小强发现自己乘坐的列车还停在站台上是以并排列车上的乘客为参照物
7．（2分）如图所示的实例中，关于增大和减小摩擦或压强的应用，说法不正确的是（ ）
A．甲中给自行车后轴上机油，是为了减小摩擦
B．乙中自行车的刹车装置，通过增大压力增大摩擦 C．丙中吸管一端切成斜口，通过增大压力增大压强
D．丁中起重机通过履带与地面接触，通过增大受力面积减小压强
8．（2分）春秋战国时期，在华夏大地上就出现了有关吸铁磁石的记载。我国古代把“磁石”写作“慈石”，意思就是“石，铁之母也。以有慈石，故能引其子”。以下关于磁现象的认识中，表述正确的是（ ） A．磁体能吸引铁、铜、钻等物质
B．同名磁极互相吸引，异名磁极互相排斥 C．磁体间的相互作用是通过磁场发生的 D．磁体之间只有相互接触时才能产生相互作用力 9．（2分）下列有关热现象的说法中，正确的是（ ）
A．单缸四冲程内燃机的转速为2400r/min，则每秒钟对外做功20次 B．形成雾霾天气的主要污染物PM2.5在空气中的运动属于分子的无规则运动
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C．煤的热值大于干木柴的热值，所以烧煤放出的热量一定比烧干木柴放出的热量多 D．在使用实验室常用温度计测量物体温度时，温度计可以离开被测物体读数 10．（2分）如图所示的现象中，利用大气压强的是（ ）
A．蚊子尖嘴插入皮肤
B．注射器吸取药液
C．排水管的U形“反水弯”
D．液体从侧壁孔喷出
11．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是（ ）
A．灯L断路
B．电阻R短路
C．灯L短路
D．电阻R断路 ，使用时，有时需要
12．（2分）家庭厨房中常用的抽油烟机，装有照明灯L和排风扇
它们单独工作，有时需要它们同时工作。图中符合上述要求的电路图是（ ）
A．
B．
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C． D．
13．（2分）如图所示的四个用具中，属于费力杠杆的是（ ）
A．核桃钳 B． 压水井手柄
C． 镊子 D． 裁纸刀
14．（2分）如图甲所示电路，当闭合开关S后，两个电压表指针偏转均为图乙所示，则电阻R1和R2两端的电压分别为（ ）
A．8V 2V B．10V 2V
C．2V 8V
D．2V 10V
15．（2分）在探究“滑动摩擦力大小影响因素”实验时，将木块A放置水平木板B上，加一个钩码，将弹簧测力计系在A上，如图所示，当向左拉动B时，下列说法中错误的是（ ）
A．此装置可研究滑动摩擦力与压力关系 B．A受B的摩擦力与测力计拉力是平衡力 C．A受到B的摩擦力方向为水平向左
D．若增大B的速度，测力计的示数会变大 二、填空题（每空2分，共36分）
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16．（4分）夏天阳光通过树叶间的缝隙射到地面上，形成圆形光斑，这是由于光的 现象造成的；游泳池注水后，看上去好像游泳池变浅了，这是由于光的 现象造成的。（两空选填“直线传播”、“反射”或“折射”）
17．（4分）滑板车是小朋友喜爱的玩具之一，刘红小朋友站在滑板车上用脚向后蹬地，滑板车就沿地面向前运动，如图甲所示。如果不再蹬地，滑板车的速度会越来越慢，最后停下来，这表明力可以改变物体的 ；锤子的锤头变松了，人们常用撞击锤柄下端的方法使锤头紧套在锤柄上，如图乙所示，这是因为锤柄突然停止时，锤头由于 会继续向下运动，这样就套紧了。
18．（4分）有甲、乙、丙三个带电小球，已知甲球带正电，当它和不带电的验电器的金属球接触时电流的方向是 （选填“从甲到验电器”或“从验电器到甲”）；若甲排斥乙，乙吸引丙，则丙球带 电。
19．（4分）饺子是中国的传统美食。如图所示包饺子时，用力擀过的饺子皮叠放在一起会发生粘合现象，这说明分子之间存在 。下饺子前，当锅里1.5kg的水温度由20℃升高到30℃，则水吸收的热量为 J．[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]
20．（4分）如图甲所示，小丽把完好的验电笔插入连接正确的有电三孔插座中时，操作规范但验电笔的氖管不发光，是因为验电笔接触 了。小丽家电脑的三脚插头如图乙所示，请判断插头的3号脚应接 （两空选填“火线”“零线”或“地线”）。
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21．（4分）当轮船从长江驶人东海时，船身将 （选填“下沉”或“上浮”）一些；若另有一艘轮船也要前往东海，两艘轮船不能近距离并排航行，是为了防止因两船内侧水流速度大于外侧水流速度，造成内侧压强 外侧压强（选填“大于”或“小于”），致使两船相碰。
22．（4分）电热水壶上标有“220V 800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻 ；在额定电压下，热水壶烧水210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 J。 23．（4分）如图甲所示的电路中，开关S闭合时，当滑动变阻器的滑片P向左滑动时，弹簧测力计示数将 （选填“变大”“变小”或“不变”）；乙图的实验原理与 的工作原理相同（选填“发电机”“电动机”或“内燃机”）
24．（4分）2019年10月18日，第七届世界军人运动会在武汉举行，这是我国第一次承办综合性国际军事赛事，也是继北京奥运会后举办的规模最大的国际体育盛会，其中，跳伞项日为5个国际军体特色比赛项目之一。一体重为600N的运动员从悬停在空中的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经15s下落125m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时30s。在整个过程中，该运动员重力做功为 J；匀速下降时运动员的动能 ，机械能 （后两空选填“增大”、“减小”或“不变”）。
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三、作图与计算题（25题4分，26题6分，27题6分，共16分）
25．（2分）如图所示是用羊角锤撬铁钉时的示意图，请画出动力F1的力臂L1和羊角锤受到的阻力F2的示意图。
26．（2分）根据图中条形磁体的N极，标出已给磁感线的方向和小磁针静止时的N极。
27．（6分）“节能减排，低碳生活”旨在倡导节约能源和减少二氧化碳排放。李明同学坚持骑自行车上下学，他的质量为50kg，所骑自行车质量为15kg，g取10N/kg。求： （1）若他在平直公路上5min内匀速行驶了1500m，则这段时间他骑行的速度是多大？ （2）若他骑行时自行车两轮与地面接触的总面积为25cm2，则他骑行时自行车对地面的压强为多大？
28．（6分）如图所示，电源电压保持不变，小灯泡上标有“8V 8W”字样，电流表的量程为0～1.2A．滑动变阻器R1的最大阻值为20Ω，定值电阻R2的阻值为9Ω．当闭合S和S2，断开S1，滑动变阻器的滑片移到中点时，小灯泡恰好正常发光。 （l）电源电压是多少？
（2）闭合S和S1，断开S2，为保证电流表的安全，滑动变阻器的阻值范围是多少？
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四、实验与探究题（每空2分，共18分）
29．（8分）在探究影响导体电阻大小的因素时，小兵、小红两位同学作出了如下猜想： ①导体的电阻与导体的长度有关 ②导体的电阻与导体的横截面积有关。 ③导体的电阻与导体的材料有关。
实验室提供了4根电阻丝，规格、材料如下表 编号 A B C D
材料 镍铬合金 镍铬合金 镍铬合金 锰铜合金
长度/m 0.5 1.0 0.5 0.5
横截面积/mm2
0.5 0.5 1.0 0.5
（1）为了验证上述猜想①，应该选用编号为 两根电阻丝进行实验；如果选用编号为A、C两根电阻丝进行实验，是为了验证猜想 （填序号）；分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：长度和横截面积相同时， 。
（2）有同学认为，可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化 （选填“明显”或“不明显”）。
（3）在最近几年，我国城乡许多地区进行了输电线路的改造，将原来细的铝质输电线换
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成较粗的铝质输电线，这样就 了输电线的电阻，从而可以 输电线上的电能损失（选填“增大”或“减小”）。
30．（10分）地沟油中含有杂质及有毒物质，很多人猜想它的密度应该比正常食用油的密度要大，为了验证这种猜想，张红和刘文设计了下面“测地沟油密度”的两个实验方案，请回答下列问题：
（1）方案一：用调节平衡的天平测出空烧杯的质量m0，向烧杯内倒入适量地沟油，再测出烧杯和地沟油的总质量m1，然后把烧杯内的地沟油全部倒入量筒内，读出量筒内地沟油的体积为V1；其测得的地沟油密度的表达式：ρ油＝ ；
（2）方案二：在烧杯内倒入适量的地沟油。用调节平衡的天平测出烧杯和地沟油的总质量m2，把烧杯中的地沟油倒入量筒中，读出量筒中地沟油的体积为V2，再用天平测出烧杯和剩余地沟油的总质量m3．其测得的地沟油密度的表达式是：ρ油＝ ； （3）按方案 进行测量，实验误差会小一些；如果选择另一种方案，测得的密度值会 （选填“偏大”、“偏小”）。
（4）他们找到质量为0.23kg的地沟油，测出其体积为250mL，准备用密度这一指标来鉴别地沟油，你觉得他们能否鉴别出来并说明理由： 。（已知正常食用油的密度约为0.91×103kg/m3～0.93×103kg/m3）
一、不定项选择题（每小题有一个或者两个选项符合题目要求，每小题2分，不逸或错选得0分，选对但不全得1分，共10分）
31．（2分）下列关于能量转化的说法，正确的是（ ） A．目前有些新能源汽车，实现了“零排放”，效率可达100% B．水壶里水沸腾壶盖跳动时机械能转化为内能 C．提高能量利用中的转化效率是节能问题的核心 D．将塑料笔杆在头发上摩擦起电是把电能转化为机械能
32．（2分）将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处，将光屏和点燃的蜡烛分别放在凸透镜的两侧，如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．为了找到烛焰在光具座0cm刻度线处所成清晰的像，应将图中光屏向左移动 B．当蜡烛燃烧变短时，烛焰在光屏上的像会向下移动
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C．若蜡烛放置在20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的实像 D．将蜡烛移至45cm刻度线处，调节光屏，光屏上可出现烛焰倒立放大的实像 33．（2分）质量相同的甲、乙两种物质从固态开始加热，它们在相同时间内吸收的热量相等，加热时间都为7min，它们的温度随时间变化的图象如图所示。下列说法正确的是（ ）
A．甲在3min～6min内是液态
B．在固态时，乙的比热容大于甲的比热容 C．甲一定是晶体，乙一定是非晶体 D．在3min～6min内，甲的内能保持不变
34．（2分）小册站在地面上通过滑轮组提升重物，如图甲所示。小册以拉力F1匀速竖直提升物体A的过程中，物体A的速度为v1，滑轮组的机械效率为ηA．小册以拉力F2匀速竖直提升物体B的过程中，物体B的速度为v2，滑轮组的机械效率为ηB．拉力F1、F2做的功随时间变化的图象如图乙中图线①②所示，其功率分别为p1、p2．已知速度之比v1：v2＝2：1，体积之比VA：VB＝3：7，密度之比ρA：ρB＝5：3．由此可知（ ）
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A．做功功率之比P1：P2＝3：2 B．施加拉力之比F1：F2＝1：1 C．物体质量之比mA：mB＝7：5 D．机械效率之比η1：η2＝20：21
35．（2分）如图所示电路，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器（a、b为其两端点），电流表串联接在电路中，电压表接在了A、B、C三接线点中的某两点之间。实验中，当滑片P移至某一端点时，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为8V，再将滑片P移动至另一位置时，电流表的示数为0.6A，电压表的示数为6V．两电表示数均不会超过量程，则下列说法正确的是（ ）
A．电压表接在了B、C两点之间 B．电源电压为12V
C．滑动变阻器滑片从b端移到a蹦，定值电阻R0的功率变化了12.8W
D．滑动变阻器滑片从b端向a端移动过程中，电路消耗的最大功率为7.2W 二、综合题（第6题4分，第7题6分，共10分）
36．（4分）如图甲所示是小丽做测量小灯泡电功率的实验电路。实验电源由两节新干电池串联而成，小灯泡标有“2.5V、0.3A”字样。
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（1）连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于 （选填“左端”或“右端”）；
（2）实验过程中，当电流表的示数为0.1A时，电压表的示数如图乙所示，此时小灯泡不亮，其原因是 ；
（3）根据（2）中的信息可推知，小丽选用的滑动变阻器的规格应该是 （选填“20Ω、2A”或“50Ω、1.5A”）。
（4）做完此实验后，小丽还想测量一只阻值约为数百欧的电阻Rx的阻值，与其他同学讨论后，她通过增加一个电阻箱R0（0﹣9999Ω 5A）、一个定值电阻R（200Ω、2A）和一个单刀双掷开关等器材，设计出了A、B两种方案，如图丙所示。在A、B两种方案中，为使测量结果更准确。应该选择哪种方案并说明理由 。（电表为理想电表） 37．（6分）如图甲所示，A、B均为正方体，OM：ON＝4：1，杠杆在水平位置平衡。取下A、B，将A下表面的中心与B上表面的中心用忽略形变的细线相连，A在上B在下，放入足够高且底部带放水阀（体积可忽略）的长方体容器中，关闭阀门，加入一定量的水后，A的上表面刚好与水面相平，此时细线处于紧绷状态，如图乙所示。然后缓慢放出容器中的水直至放完，放水过程中A始终在B的正上方。测得整个放水过程中B对容器内底面的压力F随放出水的体积V变化的图象如图丙所示。不计杠杆、滑轮及细线的重力及摩擦，细线体积不计，物体A、B不吸水。已知长方体容器内底面积S＝200cm2，ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg。求：
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（1）正方体A和B的重力之比GA：GB是多少？ （2）正方体A的密度ρA是多少？
（3）放水前，水对容器底部压强p是多大？
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初中物理试卷
参与试题解析
一、单项选择题（每小题只有一个选项符合题目要求，每小题2分，共30分）
1．【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。 【解答】解：
A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小，故A符合实际； B、由课本知识知，人的步行速度约为1m/s，故B不符合实际； C、一个鸡蛋的质量约为50g，故C不符合实际； D、一台空调额定功率在1000W以上，故D不符合实际。 故选：A。
2．【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度大小等都没有关系，质量越大，惯性越大。
（2）根据阿基米德原理分析潜艇下潜过程中浮力大小的变化。
（3）减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
（4）电磁波可以在真空中传播，现代的移动电话都是利用电磁波来传递信息的。 【解答】解：
A、“复兴”号高速列车速度增大，质量不变，其惯性大小不改变，故A错误；
B、“蛟龙号”潜水器全部浸没后的下潜过程中，液体的密度不变，排开液体的体积不变，由阿基米德原理F浮＝ρ
液
gv排可知，其受到的浮力不变。故B错误；
C、共享单车坐垫设计得较宽，目的是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C错误；
D、用手机进行移动支付时，它传递信息是通过电磁波来实现的，故D正确。 故选：D。
3．【分析】（1）凸透镜可以成放大的像，也可以成缩小、等大的像。
（2）反射分镜面反射和漫反射，镜面反射是平行入射的光线经反射面以后还能平行射出，镜面反射的反射面的平而光滑的；漫反射是平行入射的光线经反射面以后不能平行射出，
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而是射向四面八方，漫反射的反射面是凹凸不平的；
（3）远视眼是晶状体的折光能力变弱，像成在视网膜的后面，可以通过佩戴对光有会聚作用的凸透镜制成的眼镜进行矫正；
（4）夜间驾驶室外的光线是比较暗的，若打开驾驶室内的灯，室内物体的光线是比较强的，就可以通过前挡风玻璃在车前形成一个虚像（平面镜成像），干扰司机的视线。 【解答】解：
A、凸透镜成实像时，像可以是放大的，也可以是缩小的，还可以是等大的，故A错误。 B、黑板反光是指在某一位置的同学看不清黑板上的字，其原因是黑板表面太光滑，光射到这里发生了镜面反射，反射光线朝着同一方向射出，导致位于反射光线方向的同学看不清黑板上的字，故B正确；
C、远视眼是因为晶状体会聚能力变弱，使光线的会聚点落在视网膜之后造成的，为了让光线提前会聚在视网膜上，所以需要佩戴对光有会聚作用的凸透镜进行矫正，故C错误； D、在夜间行驶时，若打开驾驶室的照明灯，则室内的物体会在挡风玻璃上成像，导致驾驶员看不清外面的物体，故D错误。 故选：B。
4．【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；
（2）核泄漏时产生的核辐射会对人和生物造成伤害； （3）核电站的核裂变是可控制的链式反应；
（4）地球上除核能、地热能和潮汐能以外，几乎所有能源都直接或间接来自太阳。 【解答】解：
A、地热能、潮汐能都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，核燃料是不可再生能源，故A错误；
B、核燃料和核废料具有放射性，一旦发生核泄漏就有可能会造成重大人员伤亡和环境污染，故B错误；
C、核电站是利用原子核裂变所释放的能量来发电，核电站的链式反应是在人工控制下缓慢进行的，故C正确；
D、核能和地热能来自于地球内部，潮汐能是月球与地球共同作用形成的，不是来自太阳，故D错误。
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故选：C。
5．【分析】（1）响度指声音的大小，响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大。 （2）声音是由物体的振动产生的。
（3）用悬挂着的乒乓球接触正在发声的音叉，乒乓球会多次被弹开，是运用转换法来帮助观察和研究的。 【解答】解：
（1）声音是物体振动产生的，音叉振幅越大，产生声音的响度越大，乒乓球被弹得越高。说明声音的响度越大发声体的振幅越大，音叉的振动转化为轻质小球的运动，这样可以把音叉的微小振动进行放大，这是“转换法”，故AD正确，B错误；
（2）通过实验发现，用小锤敲击音叉的时候，音叉发出声音的同时，乒乓球会被弹起一定的角度，说明声音是由于物体的振动产生的，故C正确。 故选：B。
6．【分析】判断物体的运动或静止时，要首先选择参照物，如果物体相对于参照物的位置不断变化，物体是运动的；如果物体相对于参照物的位置保持不变，物体是静止的。 【解答】解：
A、小强乘坐的列车相对于站台是静止的，所以感觉自己乘坐的列车前进了，不可能是选择站台为参照物。故A错误；
B、小强开始以旁边列车的车尾或乘客为参照物，旁边列车反方向运动时，觉得自己的列车开始缓慢前进；后来以站台为参照物，发现自己做的列车没动。先后不同的感觉是因为他选择的参照物不同造成的，这就是运动和静止的相对性，故B正确；
C、小强以旁边的列车的车尾为参照物，感觉自己的列车开始缓缓地前进了。故C错误； D、小强以旁边的列车上的乘客为参照物，感觉自己的列车开始缓缓地前进了。故D错误。 故选：B。
7．【分析】（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（3）增大压强的方法：在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；在受力面积一定
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时，通过增大压力来增大压强。
（4）减小压强的方法：在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、甲中给自行车后轴上机油，是为了在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。故A正确；
B、乙中自行车的刹车装置，是为了在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力。故B正确；
C、丙中吸管一端切成斜口，是为了在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故C错误；
D、丁中起重机通过履带与地面接触，通过增大受力面积来减小压强。故D正确。 故选：C。
8．【分析】（1）磁体具有吸引铁、钴、镍的性质。
（2）磁体间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。 （3）磁体周围存在磁场，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的。
（4）磁体之间的相互作用通过其周围的磁场来实现，故磁体没有接触，也会产生力的作用。
【解答】解：A、磁体具有吸引铁、钴、镍的性质。这种性质称为磁性，故A错误。 B、磁体间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。故B错误。 C、磁体周围存在磁场，磁体间的相互作用就是通过磁场发生的。故C正确。
D、磁体之间的相互作用通过其周围的磁场来实现，故磁体没有接触，也会产生力的作用。故D错误。 故选：C。
9．【分析】（1）内燃机完成一个工作循环，完成4个冲程，活塞往复运动两次，飞轮转动两周，燃气对外做功一次；
（2）PM2.5是微小物体，不是分子，不能说分子无规则运动；
（3）燃料燃烧放出热量的多少不仅与燃料的热值大小有关，还与燃料的质量以及燃烧程度有关；
（4）实验室温度计，在读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平。
【解答】解：A、飞轮转速为2400r/min＝40r/s，也就是1s飞轮转动40r，飞轮转动40r，
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燃气对外做功20次，故A正确；
B、PM2.5是微小物体，是微小物体悬浮在空气中，不是分子，不能说分子无规则运动，故B错误；
C、燃料燃烧放出热量的多少不仅与燃料的热值大小有关，还与燃料的质量以及燃烧程度有关，热值大的燃料燃烧放出的热量不一定多，故C错误；
D、使用温度计测量液体的温度，读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，故D错误。 故选：A。
10．【分析】大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。 【解答】解：
A、蚊子尖嘴插入皮肤是在压力一定时，通过减小受力面积，增大压强，不是利用大气压强，故A不符合题意。
B、注射器吸取药液时，先把活塞推到最底端，抽取活塞时，注射器内的气压小于外界大气压，药液在外界大气压的作用下，被压入注射器内，利用了大气压。故B符合题意； C、排水管的U形“反水弯”利用了连通器的原理，故C不符合题意； D、液体从侧壁孔喷出是利用液体内部的压强，故D不符合题意。 故选：B。
11．【分析】电路正常工作时，R与灯泡L串联，电压表与R并联，即电压表测R两端的电压。由各选项给出的故障分析电表的变化则可得出正确答案。 【解答】解：
A、若灯L断路，整个电路断路，两表示数都减小为零。故A错误；
B、若电阻R短路，灯泡发光，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；电压表相当于与导线并联，电压表示数减小为零；此时灯泡发光，而题中是灯L熄灭，不符合题意。故B错误；
C、若灯L短路，电路中电阻减小，电流增大，电流表示数增大；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故C错误；
D、若电阻R断路，没有电流流过电流表，电流表示数减小为零；此时灯泡与电压表串联，由于电压表的内阻很大，则通过灯泡的电流几乎为零，灯L熄灭；此时电压表测量电源电压，电压表示数增大。故D正确。 故选：D。
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12．【分析】由题意可知，照明灯和排气扇都能各自工作，说明它们的连接方式是并联，再分析开关的位置即可。
【解答】解：由题知，照明灯与排气扇可以工作，互不影响，故应使照明灯与排气扇并联，且各自的支路上有一个开关控制，干路上没有开关，只有C图符合题意。 故选：C。
13．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
【解答】解：A、核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； B、压水井手柄在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆； D、裁纸刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆； 故选：C。
14．【分析】由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点和两电压表指针位置相同确定量程，并根据分度值读出示数，进一步求出R1两端的电压。
【解答】解：由电路图可知，两电阻串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且两电压表指针位置相同确定量程， 所以，电压表V1的量程为0～15V，分度值为0.5V，则电源的电压U＝10V， 电压表V2的量程为0～3V，分度值为0.1V，则R2两端的电压U2＝2V， 则R1两端的电压：
U1＝U﹣U2＝10V﹣2V＝8V。 故选：A。
15．【分析】（1）摩擦力与物体间的压力、接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法的要求，分析图示情景，然后答题；
（2）物体静止和做匀速直线运动时，此时物体处平衡状态，受到的力是平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上，可根据一个力的大小、方向，确定另一个力的大小和方向；
（3）滑动摩檫力的方向与物体相对运动的方向相反；
（4）滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，若两者都不发生变化，则
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滑动摩檫力不变。 【解答】解：
A、两物体间接触面的粗糙程度不变，在A上加减钩码可以改变物体间的压力大小，该实验装置可以探究滑动摩擦力大小与压力的关系，故A正确；
B、A受到B对它的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力作用而静止，处于平衡状态，则A受B的摩擦力与测力计拉力是一对平衡力，故B正确；
C、A处于平衡状态，由平衡条件可知，A受到的滑动摩擦力f＝F，A相对于B向右运动，A受到的滑动摩擦力方向水平向左，故C正确；
D、滑动摩擦力与物体间接触面的粗糙程度和物体间的压力有关，与物体的运动速度无关，如果增大拉动B的速度，A、B间接触面的粗糙程度、物体间的压力保持不变，物体间的滑动摩擦力不变，由平衡条件可知，测力计的示数不变，故D错误。 故选：D。
二、填空题（每空2分，共36分）
16．【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播。光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等；
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生偏转，即光的折射现象。 【解答】解：阳光透过树叶间的缝隙射到地面上，形成圆形光斑，是由于光的直线传播形成的；
游泳池注水后，看上去好像变浅了，是由于池底反射的光线经过水面后发生折射形成的，属于光的折射。
故答案为：直线传播；折射。
17．【分析】（1）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。 （2）物体保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；任何物体都有惯性。
【解答】解：（1）如果不再蹬地，滑板车的速度会越来越慢，最后停下来，这是因为它在运动中受到阻力，阻力改变了滑板车的运动状态。
（2）锤头和锤柄原来一起运动，锤柄因撞击而突然停止运动，而锤头由于惯性还要保持原来的运动状态，会继续向下运动，这样就紧套在锤柄上了。 故答案为：运动状态；惯性。
18．【分析】正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反。根据电荷间的相互作用规律分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
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【解答】解：甲球带正电，当它和不带电的验电器的金属球接触时，验电器上的自由电子向甲球转移，从而形成电流，因电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以电流方向从甲到验电器；
三个小球都是带电体，甲带正电，乙与甲相互排斥，所以乙也带正电；乙与丙相互吸引，则丙球带负电。
故答案为：从甲到验电器； 负。
19．【分析】（1）分子间同时存在相互作用的引力和斥力；
（2）知道水的质量、比热容、初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量。 【解答】解：
（1）包饺子时，用力擀过的饺子皮叠放在一起会发生粘合现象，说明分子之间存在引力。 （2）水吸收的热量：
Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×1.5kg×（30℃﹣20℃）＝6.3×104J。 故答案为：引力；6.3×104。
20．【分析】（1）正确使用验电笔的方法：站在地上手接触验电笔的笔尾金属体，笔尖接触火线或零线。氖管发光的是火线，氖管不发光的是零线。 （2）三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线。
【解答】解：（1）读图可知，验电笔的使用方法正确，但当验电笔插入插座时，氖管不会亮，说明接触的是零线。
（2）三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，故插头的3号脚应接火线； 故答案为：零线；火线。
21．【分析】（1）由于货轮无论在海里还是在河里都是漂浮，通过物体的浮沉条件可知浮力不变，则由阿基米德原理及液体密度的变化分析货轮排开水体积的变化，得出船上浮还是下沉。
（2）流体的压强跟流速有关，流速越大压强越小。并排的两只船行驶的太近容易向中间靠拢，主要是比较船的两侧受到水的压强。 【解答】解：（1）由于轮船漂浮，自重不变，
轮船在海上和在长江上受到的浮力都等于自重，大小不变。 轮船受浮力不变，ρ
海水
＞ρ
江水
，
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由F浮＝ρ
液
V排g得：
排开海水的体积比排开江水的体积小，要上浮一些。
（2）两艘轮船不能近距离并排航行，是为了防止因两船内侧水流速度大于外侧水流速度，造成内侧压强小于外侧压强，致使两船相碰。 故答案为：上浮；小于。
22．【分析】（1）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因； （2）根据Q＝W＝Pt可求电热水壶发热体产生的热量。 【解答】解：
（1）热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，
由焦耳定律Q＝I2Rt可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；
（2）在额定电压下，烧开一壶水用时210s，这段时间内电热水壶发热体产生的热量：Q＝W＝Pt＝800W×210s＝1.68×105J； 故答案为：小；1.68×105。
23．【分析】（1）利用安培定则判断出通电螺线管的N、S极，再根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引的作用规律判断螺线管与条形磁体之间是排斥力还是吸引力；根据变阻器滑片移动的方向，可判断接入电路的阻值变化情况，由欧姆定律可知电流的变化情况，从而可知螺线管的磁性如何变化，可判断螺线管与条形磁体之间作用力大小的变化情况，最终确定弹簧测力计示数的变化。
（2）电动机的原理：通电导体在磁场中受到力的作用。 【解答】解：
（1）图甲中，闭合开关后，电流从通电螺线管的下端流入，利用安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向通电螺线管的上端为N极，下端为S极；测力计下面的磁体下端为N极，则同名磁极会相互排斥；
当滑片向左移动时，变阻器接入电路的电阻变小，电流增大，则螺线管的磁性增强，螺线管与条形磁体之间的排斥力变大，则测力计示数将变小。
（2）乙图的实验说明通电导体在磁场中受到力的作用，这与电动机的工作原理相同；
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故答案为：变小；电动机。
24．【分析】（1）知道运动员在0﹣15s下落的路程，由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，利用s＝vt求运动员在15﹣30s通过的路程，可得运动员下落的高度，再利用W＝Gh求重力做的功；
（2）动能大小跟质量和速度有关，重力势能跟质量和高度有关，机械能＝动能+势能。 【解答】解：
（1）由题可知，运动员在0﹣15s下落的路程为s1＝125m， 由图象可知，15s后运动员以6m/s的速度做匀速直线运动，
则运动员在15﹣30s通过的路程为：s2＝vt后＝6m/s×（30s﹣15s）＝90m， 整个过程中，运动员下落的高度为：h＝s1+s2＝125m+90m＝215m， 在整个过程中，该运动员重力做的功：W＝Gh＝600N×215m＝1.29×105J；
（2）运动员在匀速下降过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；高度变小，重力势能减小；动能不变、重力势能减小，所以其机械能减小。 故答案为：1.29×105；不变；减小。
三、作图与计算题（25题4分，26题6分，27题6分，共16分）
25．【分析】根据力臂的画法作图，即从支点作垂直于动力作用线的垂线段即为动力F1的力臂L1；
先找出阻力作用点，然后从作用点作竖直向下的阻力。
【解答】解：由图可知，杠杆的支点在O点，从支点O作垂直于F1作用线的垂线段，可得其力臂L1。
阻力的作用点在锤子与钉帽的接触点上，从阻力的作用点作竖直向下的力，即阻力F2；如图所示：
26．【分析】磁感线是从磁体的N极出来回到S极的；根据磁极间的相互作用规律判定小磁针的极性。
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【解答】解：在磁体的外部，磁感线是从磁体的N极出来回到S极的，据此在图中标出磁感线的方向；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的右端为S极，左端为N极，如图所示：
。
27．【分析】（1）已知时间和路程，利用速度公式计算这段时间他骑行的速度；
（2）他骑行时自行车对地面的压力等于人和车的重力之和，已知压力和受力面积（即两轮与地面接触的总面积），利用公式p＝得到对地面的压强。 【解答】解：
（1）这段时间他骑行的速度： v＝＝
＝5m/s。
（2）骑行过程中地面受到的压力为：
F压＝G总＝（m人+m车）g＝（50kg+15kg）×10N/kg＝650N， 则他骑行时自行车对地面的压强为： p＝
＝
＝2.6×105Pa。
答：（1）这段时间他骑行的速度是5m/s；
（2）若他骑行时自行车两轮与地面总的接触面积为25cm2，则他骑行时自行车对地面的压强为2.6×105Pa。
28．【分析】（1）当闭合S和S2、断开S1，滑动变阻器的滑片移到中点时，R1与L串联，电流表测电路中的电流。
由于小灯泡恰好正常发光。根据灯泡L正常发光时的电压和额定电压相等，根据P＝UI求出通过灯泡的电流即为电路的电流，利用欧姆定律求出变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）闭合S和S1、断开S2，R1与R2串联，为保证电流表的安全，根据电流表的量程可知电路中的最大电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出变阻器接入电路中的最小电阻，进而得出滑动变阻器的阻值范围。
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【解答】解：（1）当闭合S和S2、断开S1，滑动变阻器的滑片移到中点时，R1与L串联，电流表测电路中的电流。
由于小灯泡恰好正常发光，则UL＝8V， 由P＝UI可得，通过灯泡的电流： IL＝
＝
＝1A，
滑动变阻器连入电路的电阻为：R1中＝R1＝×20Ω＝10Ω， 因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I＝可得，滑动变阻器两端的电压： U1＝ILR1中＝1A×10Ω＝10V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和， 所以，电源的电压： U＝UL+U1＝8V+10V＝18V。
（2）闭合S和S1、断开S2，R1与R2串联，电流表的量程为0～1.2A，为保证电流表的安全，则电路中的最大电流为1.2A， 由I＝可得，最小总电阻： R最小＝
＝
＝15Ω，
由串联电路的总电阻等于各分电阻之和可知，滑动变阻器的连入电路的最小阻值： R1最小＝R最小﹣R2＝15Ω﹣9Ω＝6Ω，
则滑动变阻器的连入电路的电阻范围是6Ω～20Ω。 答：（1）电源电压是18V；
（2）闭合S和S1、断开S2，为保证电流表的安全，滑动变阻器的取值范围为6Ω～20Ω。 四、实验与探究题（每空2分，共18分）
29．【分析】（1）为了验证①导体的电阻与导体的长度有关，应保证导体的材料与横截面积相等，分析所给电阻丝，找出符合要求的电阻丝编号；编号为A、C的两根电阻丝材料与长度都相同，而横截面积不同，利用A、C可验证电阻与横截面积的关系；A、D两电阻丝长度、横截面积相等，而材料不同，利用它们可以研究导体电阻与材料的关系； 若一个因素受多个因素的影响时，需用到控制变量法。
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（2）电压一定时，由P＝可知，导体电阻变化不大时，灯泡的功率变化不大，灯泡
的亮暗变化不明显，不能反映电阻变化情况。
（3）影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积，当材料和长度都一定时，导线的横截面积越大，导线的电阻值就会越小。 【解答】解：
（1）由表知：电阻丝A与B的材料、横截面积相同而长度不同，可用A与B验证①导体的电阻与导体的长度有关；
A、C两根电阻丝材料与长度相同而长度不同，可用A与C验证②导体的电阻与导体的横截面积有关；A、D两根电阻丝长度与横截面积相同而材料不同，用A与D可验证③导体的电阻与导体的材料有关；A、D两根电阻丝长度与横截面积相同而材料不同，分别将A和D两电阻丝接入电路中M、N两点间时，电流表示数不相同，由此，初步得到的结论是：长度和横截面积相同时，导体的电阻与导体的材料有关；
（2）有同学认为：可以根据灯泡亮度的变化来判断接入的电阻丝阻值的变化情况。老师指出：此实验中这种方法不可取。这是因为电源电压一定时，所选电阻丝的阻值相差太小，灯泡亮度变化不明显。
（3）细的铝质输电线换成较粗的铝质输电线，导线的横截面积增大了，电阻值减小了，导线上消耗损失的电能也就减小了，从而起到节能的效果。
故答案为：（1）A、B；②；③； 导体的电阻与导体的材料有关；控制变量法；（2）不明显；（3）减小；减小。
30．【分析】（1）（2）无论小方还是小丽的实验，都要求出地沟油的质量和体积，根据密度公式ρ＝表示出地沟油的密度表达式；
（3）方案一的实验中，烧杯壁上有残留，导致倒入量筒中油偏少，所以所测油的体积偏小，实验误差较大；
（4）知道地沟油的质量和体积，利用密度公式ρ＝求地沟油的密度；并和正常食用油密度大小范围比较得出结果。
【解答】解：（1）用调节平衡的天平测出空烧杯的质量m0，向烧杯内倒入适量地沟油，再测出烧杯和地沟油的总质量m1，所以地沟油的质量为：m1﹣m0，所测地沟油的体积为V1，
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故地沟油的密度为：ρ＝＝；
（2）用调节平衡的天平测出烧杯和地沟油的总质量m2，把烧杯中的地沟油倒入量筒中，再用天平测出烧杯和剩余地沟油的总质量m3，故地沟油的质量为：m2﹣m3，所测地沟油的体积为V2，故地沟油的密度为：ρ＝＝
；
（3）方案二的实验中所测油的质量与体积时准确的，方案二的实验方案误差小；在方案一的实验中，地沟油在烧杯壁上有残留，所测油的体积偏小，根据密度公式ρ＝可知所测油的密度偏大；
（4）地沟油的体积为：V＝250mL＝2.5×104m3，
﹣
地沟油的密度为：ρ＝
＝0.92×103kg/m3，
因为地沟油的密度在正常食用油密度范围之内，所以不能用密度这一指标来鉴别地沟油。 故答案为：（1）
；（2）
；（3）二；偏大；（3）不能，因为地沟油的密度
约为0.92×103kg/m3在正常食用油的范围内。
一、不定项选择题（每小题有一个或者两个选项符合题目要求，每小题2分，不逸或错选得0分，选对但不全得1分，共10分）
31．【分析】（1）任何机器的效率都不可避免的做额外功，效率不可能达到100%； （2）在做能量的转化这种题时，我们要注意分析哪种能量增加了，哪种能量减少，因为总是减少的这种能量转化为增加的那种能量；
（3）现在节能的主要措施核心还是利用科技提高能量的转换率，以及加大对可再生资源的开发利用。
【解答】解：A、目前有些新型燃料汽车，实现了“零排放”，减少了污染，提高了效率，但效率不会达到100%，故A错误；
B、壶中水沸腾时产生大量的蒸气推动壶盖跳动，是水蒸气的内能转化为壶盖的机械能，故B错误；
C、现在节能的主要措施中，提高能量利用中的转化效率是节能问题的核心，故C正确； D、将塑料笔杆在头发上摩擦，属于摩擦起电现象，因此是将机械能转化为电能过程，故
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D错误。 故选：C。
32．【分析】（1）物距大于2倍焦距时，像距处于1倍和2倍焦距之间时，成倒立缩小实像； （2）凸透镜成倒立实像时，像与物体的左右、上下都相反； （3）根据物距处于1倍之内时，成正立放大虚像。
【解答】解：A、凸透镜的焦距为10cm，蜡烛烛焰在光具座0cm处，像距为50cm，处于2倍焦距以外，像距处于1倍焦距和2倍焦距之间，故光屏向左移动；故A正确； B、当蜡烛燃烧变短时，烛焰在光屏上的像会向上移动，故B错误；
C、若蜡烛放置在20cm刻度线处，处于2倍焦距以外，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的实像，故C错误；
D、将蜡烛移至45cm刻度线处，物距小于一倍焦距，成正立放大的虚像，不能再光屏上呈现，故D错误。 故选：A。
33．【分析】（1）晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的；物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变。
（2）根据Q吸＝cm（t﹣t 0）可知：在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。 【解答】解：
A、因甲为晶体，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的，故A错误；
B、烧杯内物质在相同时间内吸收的热量相同，在0～3min时间里甲升高的温度为△t1＝50℃﹣20℃＝30℃，乙升高的温度为△t2＜30℃，
可知，当吸收的热量和质量都相同时，△t越大比热容c就越小，所以甲的比热容小于乙的比热容，故B正确；
C、在加热一定时间后，甲的温度不变，故能判断甲是晶体；而乙虽然温度一直升高，可能还没达到熔点，也可能是非晶体，故甲可以判断但乙无法判断，故C错误； D、在3～6min内，甲吸收热量，内能增加，故D错误。 故选：B。
34．【分析】由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n＝2，
①根据题目提供的两物体的体积关系和密度关系，利用密度公式计算出质量之比；
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②根据题中乙图W﹣t图象提供的信息，可利用公式P＝计算出拉力F1和F2的做功功率P1和P2之比；
③知道物体A、B运动速度关系，可利用P＝＝
＝Fv计算出拉力F1和F2之比；
④求得物重GA和GB之比，最后再利用公式η＝效率ηA和ηB之比。 【解答】解：
＝＝＝计算出机械
由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n＝2， ①因为体积之比VA：VB＝3：7，密度之比ρA：ρB＝5：3， 所以物体质量之比为：
＝
＝
＝，故C错误；
②由题中的W﹣t图象可知，当时间为2s时，拉力做的功分别为W1＝180J，W2＝90J，
所以两次拉力做功的功率之比为：＝＝＝＝2：1；故A错误；
③已知物体的速度之比为v1：v2＝2：1，则v1＝2v2， 因为拉力端移动的速度是物体升高速度的2倍， 所以拉力端移动的速度vF1＝2vF2， 因为
＝，
所以由P＝Fv可得，两次拉力之比为：＝＝×＝＝1：1；故
B正确；
④物体质量之比为：
＝，则由G＝mg可得重力之比为
＝
＝，
则由η＝＝＝＝可得，滑轮组两次提升物体的机械效率之比为：
第76页（共104页）
＝＝×＝＝5：7；故D错误。
故选：B。
35．【分析】（1）根据欧姆定律可知电流表示数增大时R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R两端的电压变化，然后分析题干中电流表示数变化时电压表示数的变化，然后判断电压表示数的位置；
（2）根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出两种情况下电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压；
（3）当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.4A，此时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据P＝I2R求出定值电阻消耗的功率，当滑片位于a端时，电路为R0的简单电路，电路消耗的总功率最大，即定值电阻的最大功率，然后求出在滑动变阻器滑片从b端移动到a端的过程中定值电阻消耗总功率的变化量。
【解答】解：由图知，定值电阻R0和滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流； A、由U＝IR可知，当电流增大时，R0两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以可知变阻器R两端的电压减小，
由题意可知，当电流表的示数从0.4A增加到0.6A时，电压表对应的示数从8V减小到6V，
则可知电压表并联在了A、B两点之间（即测变阻器两端的电压），故A错误； B、因串联电路中总电压等于各分电压之和，则可得电源的电压： U＝I1R0+UR＝0.4A×R0+8V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① U＝I2R0+UR′＝0.6A×R0+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 由①②可得：R0＝10Ω，U＝12V，故B正确；
CD、当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.4A，此时电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
此时定值电阻消耗的功率：P小＝IR0＝（0.4A）2×10Ω＝1.6W；
当滑片位于a端时，电路为R0的简单电路，此时电阻最小，电路消耗的总功率最大，即R0消耗的电功率最大，
第77页（共104页）
则P大＝＝＝14.4W；
滑动变阻器滑片从b端移到a蹦，定值电阻R0的功率变化量：△P＝P大﹣P小＝14.4W﹣1.6W＝12.8W，故C正确，D错误。 故选：BC。
二、综合题（第6题4分，第7题6分，共10分）
36．【分析】（1）连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处； （2）根据电压表选用小量程确定分度值读数，根据P＝UI求出灯的实际功率，灯的亮度由灯的实际功率决定；（3）根据（2）中的信息，由串联电路的规律及欧姆定律得出变阻器连入电路的电阻为确定选用的滑动变阻器的规格；
（4）方案A，通过开关的转换，使电压表分别测Rx两端电压和定值电阻的电压，调节电阻箱，控制电压表示数与在a点相同，根据等效替代法，则可求得电阻值；
方案B，先后用电压表分别测Rx和R0两端测出电压值，由分压原理可求Rx．调节电阻箱阻值，可以多次测量取平均值减小误差。 【解答】解：
（1）连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处的左端； （2）实验过程中，当电流表的示数为0.1A时，电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为0.5V，灯的实际功率为：
P＝U′I＝0.5V×0.1A＝0.05W；此时小灯泡不亮，其原因是灯的实际功率过小； （3）根据（2）中的信息，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻为： R滑＝1.5A”；
（4）方案A中，S接a时，Rx与R串联，测得Rx两端电压，然后单刀双至开关由a打到b，再调节电阻箱，使电压表示数与在a点相同，根据等效替代法，此时电阻箱连入电路的电阻即为待测电阻值；
方案B中，用电压表分别测量Rx和R0两端测出电压值，由分压原理求Rx．调节电阻箱阻值，可以多次测量；
方案A，只能求一次阻值；方案B可以多次测量求平均值，以减小误差。故选B。 故答案为：
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＝＝25Ω，可推知，故小丽选用的滑动变阻器的规格应该是“50Ω、
（1）左端；（2）灯的实际功率太小；（3）“50Ω、1.5A“；（4）方案B，可以多次测量取平均值减小误差。
37．【分析】（1）不计杠杆、滑轮及细线的重力及摩擦时，杠杆M点受到的拉力等于B物体重力的一半，N点受到的拉力A物体的重力，根据杠杆的平衡条件结合OM：ON＝4：1求出两物体的重力之比；
（2）由图丙可知，OD段放出的体积和EF段放出水的体积，D点表示物体A恰好漂浮，此时细线的拉力为零，F点表示物体A刚好与物体B接触，根据体积公式表示出放出水的体积即可求出A的边长；由图可知FG段放出水的体积，根据体积公式表示出放出水的体积即可求出B的边长；D点物体B对容器底的压力为F0，且此时细线的拉力为零，则B物体的重力减去受到的浮力即为F0，在O点时物体A和B恰好整体漂浮，受到的总浮力和总重力相等，在G点容器内水恰好全部流出容器底部受到的压力等于两物体的重力之和，然后联立等式即可求出物体A的密度；
（3）由图丙可知，DE段放出的体积，此时绳子从拉直到A和B接触，根据V＝Sh求出绳子的长度，然后求出容器内水的深度，利用p＝ρgh求出水对容器底部压强。 【解答】解：
（1）不计杠杆、滑轮及细线的重力及摩擦时，杠杆M点受到的拉力FM＝GB，N点受到的拉力为GA，
由杠杆的平衡条件可得：FM×OM＝GB×ON，即GB×OM＝GA×ON，
由OM：ON＝4：1可得：＝＝；
（2）由图丙可知，OD段放出的体积VOD＝250cm3，D点表示物体A恰好漂浮，此时细线的拉力为零，
EF段放出水的体积为VEF＝2000cm3﹣1250cm3＝750cm3，F点表示物体A刚好与物体B接触，
则（S﹣LA2）LA＝VOD+VEF，即（200cm2﹣LA2）LA＝250cm3+750cm3， 解得：LA＝10cm，
FG段放出水的体积为VFG＝2875cm3﹣2000cm3＝875cm3， 则（S﹣LB2）LB＝VFG，即（200cm2﹣LB2）LB＝875cm3， 解得：LA＝5cm，
第79页（共104页）
因D点物体B对容器底的压力为F0，且此时细线的拉力为零， 所以，GB﹣F浮B＝F0，即GB﹣ρ水gVB＝F0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 在O点时，物体A和B恰好整体漂浮，则
F浮AB＝GA+GB，即ρ水g（VA+VB）＝GA+GB﹣﹣② 在G点，容器内水恰好全部流出，则 GA+GB＝4.5F0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
由①②③可得：9GA＝ρ水g（7VA﹣2VB）， 则9ρAgLA3＝ρ所以，ρA＝103kg/m3；
（3）由图丙可知，DE段放出的体积VDE＝1250cm3﹣250cm3＝1000cm3，此时绳子从拉直到A和B接触， 则绳子的长度： L＝
＝
＝5cm，
水
g（7LA3﹣2LB3），
ρ
＝
×1.0×103kg/m3＝0.75×
水
所以放水前容器内水的深度：
h＝LA+L+LB＝10cm+5cm+5cm＝20cm＝0.2m， 水对容器底部压强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2000Pa。 答：（1）正方体A和B的重力之比GA：GB是2：1； （2）正方体A的密度ρA是0.75×103kg/m3； （3）放水前，水对容器底部压强p是2000Pa。
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一、中考物理难题专项训练
1．在某次科技活动中，何老师给同学们展示一个如图甲所示的黑盒子，绝缘外壳上有A、B、C三个接线柱。何老师告诉同学们，盒内电路由两个定值电阻连接而成。小红同学设计了如图乙所示的电路来研究盒内电阻的连接情况及其电功率。已知电源电压恒定不变，R0是阻值为3Ω的定值电阻，R1是滑动变阻器。小红进行了如下的实验操作：
（Ⅰ）把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时，电压表示数为1.8V，电流表示数为0.6A；
（Ⅱ）用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，闭合开关S和S1 ， 此时电流表的示数为1.8A；
（Ⅲ）把AC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，小红发现将R1的滑片从某位置移至最左端或最右端时，电压表的示数均变化了0.45V，电路的总功率均变化了0.18W。 （1）请根据操作（Ⅰ）求出黑盒子BC间的电阻； （2）在操作（Ⅱ）中，求黑盒子工作5分钟消耗的电能； （3）请画出黑盒子内的电路图，并标明各电阻的阻值。
【答案】 （1）解：把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时，电压表测BC两端的电压，电流表测电路中的电流，
由I＝ 可得，黑盒子BC间的电阻RBC＝ 答：黑盒子BC间的电阻为3Ω；
＝
＝3Ω
（2）解：把BC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S，将R1的滑片移至最左端时， 因串联电路中总电压等于各分电压之和，
第81页（共104页）
所以，由I＝ 可得，电源的电压：U＝UBC+IR0＝1.8V+0.6A×3Ω＝3.6V，
用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，闭合开关S和S1 ， 电路为黑盒子的简单电路，
则黑盒子工作5min＝300s消耗的电能：W＝UIt＝3.6V×1.8A×300s＝1944J 答：在操作（Ⅱ）中，黑盒子工作100s消耗的电能为1944J
（3）解：用导线把AC连接起来，再将AB接线柱接入MN之间，黑匣子的电阻：R＝ ＝
＝2Ω，
把AC两个接线柱接到MN之间，只闭合开关S时， 由P＝UI可得，电路中电流的变化量：△I＝ 此时黑匣子的电阻：RAC＝ 阻为9Ω，
黑盒子内的电路图如下图所示：
＝
＝
＝0.05A，
＝9Ω，
综上可知，黑盒子BC间的电阻为3Ω，用导线把AC连接起来后AB间电阻为2Ω，AC间的电
【解析】【分析】（1）利用电压和电流的比值计算电阻的大小；（2）利用串联电路电压规律计算总电压，根据电压、电流和时间计算消耗的电能；（3）根据电压和电流计算电阻，结合变化的电功率和电压，计算电流，根据电压和电流的变化量计算电阻，确定电阻的连接位置。
2．沙漠集水器
（1）有些沙漠紧邻大海,________(白天/晚上)风通常从大海吹向沙漠,导致空 气中富含水蒸气。
（2）伯克利分校的团队设计出一款沙漠集水器-WaterSeer,如图所示,利用风能这种________(可再生/不可再生)能源,借助风力驱动风轮旋转,带动螺旋桨将空气输入金属管中部。
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（3）深埋在土壤深处的金属管底部温度较低,由于金属的________(填物理属性)好，使得金属管中部温度也降低。
（4）空气中的水蒸气在金属管中部________(吸热/放热),液化成水滴,水滴在________力的作用下,沿管壁下落,汇集于金属管底部容器。
（5）WaterSeer 每天可以收集约37L饮用水，合________kg,应用前景十分乐观。（ρ1.0×103kg/m3） 【答案】 （1）白天
水
＝
（2）可再生
（3）导热性
（4）放热 ；重力
（5）37
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【解析】【解答】（1）沙漠比热容较小，海水比热容大，白天沙漠温度高，空气受热膨胀上升，海面上的空气流向沙漠；
（2）风能的短时间可再产生的，是可再生能源；
（3）金属管埋在地下，金属的导热性好，中部温度同样低；
（4）金属管中的水蒸气在金属管中部遇冷液化成水滴，水滴在重力作用下下落； （
5
）
根
据
体
积
V=37L=37×10-3m3
。
故答案为：（1）白天；（2）可再生；（3）导热性；（4）放出；重力；（5）37。 【分析】（1）水和沙漠的比热容不同，白天和晚上形成不同的风向； （2）风能是可再生能源； （3）金属的导热性很好；
（4）水蒸气在遇冷时会放热液化，物体在重力的作用下能下落； （5）根据密度和体积的乘积计算质量的大小。
，
计
算
质
量
为
3．小红家有一支电子体温计。查阅说明书得知：电于体温计的探测器是热敏电阻，其阻值随着温度的变化而变化。小红买来一个热敏电阻，准备设计和制作一支模拟电子体温计。她计划先测出此热敏电阻在不同温度时的阻值，按照图甲所示连接了实验电路，RT为热敏电阻，实验时，RT罝于温控箱（图中虚线区域）中，电源电压保持不变，R1为定值电阻，R2为电阻箱（0~9999Ω），S2为单刀双掷开关，开关S1和S2闭合前，小红将电阻箱R2的阻值调到最大。
（1）小红首先调节温控箱的温度，使RT温度为42.0℃。闭合S1 ， 将S2接2，读出电压表的示数为3V。
①为测量此时RT的阻值，接下来的操作是：将S2接________（选填“1”或“2”），调节电阻箱R2的阻值，使电压表示数为________，读出此时R2的阻值即为42.0℃时RT的阻值。 （2）在获得如图乙所示的RT阻值随温度变化的关系后，为了自制模拟电子体温计，小红将S2始终接2，闭合S1后，通过电压表的示数大小来显示温度高低，如果将RT用绝缘薄膜包
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好后置于正常人腋窝，保持腋窝合拢，闭合S1 ， 当电压表示数稳定后，电压表示数最接近________。 A.2.25V B.2.45V C.2.65V D.2.85V
【答案】 （1）1；3V
②逐渐降低温控箱的温度，根据上述方法测量出RT在不同温度时的阻值，若依据小红所测数据画出的RT阻值随温度变化的图像如图乙所示，且当RT的温度降至32.0℃时，闭合S1 ， 将S2接2，电压表示数为2.4V，求电阻R1的阻值______。 400Ω
（2）C
【解析】【解答】（1）①为测量此时RT的阻值，将S2接1，调节电阻箱R2的阻值，使电压表示数为3V，根据等效替代法，读出此时R2的阻值即为42.0℃时RT的阻值；②由欧姆定
律得到电路中的电流为：I1= ，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，电源电压：
U=I1RT1+UV1= ×400Ω+3V，由图乙可知当RT的温度降至32.0℃时，RT2=600Ω，电源电压
U=I2RT2+UV2= ×600Ω+2.4V，因电源电压不变， ×400Ω+3V= ×600Ω+2.4V，
R1=400Ω；U= ×400Ω+3V=6V；（2）由图结合数学知识，正常人腋窝的体温是37°C，
ME为三角形的中位线，故此时R′T=500Ω，
将S2始终接2，闭合S1后，R1与R′T串联，电压表测R1两端的电压，由电阻的串联和欧姆定
律，电路的电流：I= =
第85页（共104页）
A，由欧姆定律可知，电压表示数：
UV=IR1=
A×400Ω≈2.67V，C符合题意。
【分析】（1）①分别将RT电阻箱与R1串联连入电路中，根据等效替代法求RT的阻值. ②由欧姆定律，得出电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，得出电源电压表达式，同理在②中得出电源电压表达式，根据电源电压不变列方程求出R1和电源电压U. （2）由图结合数学知识得出正常人腋窝的体温37C时RT大小；由电阻的串联和欧姆定律得出电路的电流，由欧姆定律求出电压表示数.
4．某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长a和电阻R，并记录在表格中.（在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变.）
次数 厚度h /mm 边长a/mm 电阻R/×10-3Ω） 1 2 3 4 5 6 7 1 1 1 1 2 4 5 5 10 15 20 10 10 10 1. 6 1.6 1.6 1.6 0.8 0. 4 0. 32 根据以上信息，请回答下面问题：
（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a________（选填“有关”或“无关”），与厚度h成________（选填“正比”或“反比”）。
（2）从该种导体中，选取了厚度h之比为2:3、边长a之比为 2:1的两个导体R1、R2 ， 按图丙方式串联后接在闭合电路中。，设两端的电压为U1 ， R2两端的电压为U2 ， 则U1:U2 =________。
第86页（共104页）
（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成电路需要一只阻值为1.6×103Ω的该种导体，小华从边长a为5mm、10mm、15mm、20mm的四个导体中选择了边长为5mm的导体。与其它三个导体相比，请分析该导体工作时的优缺点：________。 【答案】 （1）无关；反比 （2）3:2
（3）优点：体积小，可以缩小电子元件的体积等；缺点：电阻大、产生的热量多，不利于散热。
【解析】【解答】（1）从第1、2、3、4次实验可以看出，当导体的厚度h相同，边长不同时，电阻都相同，都为
，所以导体电阻大小与边长a无关；从第5、6、7次实验可以
看出，当导体的边长相同，厚度h增大时，电阻减小，所以导体的电阻大小与厚度h成反比；（2）由丙图可知，R1、R2串联，所以流过R1、R2的电流相等，由
得，U1与U2之
比等于R1、R2之比；由（1）得，导体的电阻之比与边长无关，与厚度成反比，所以R1、R2
之比等于R1、R2厚度的反比；即 （3）边长为5mm的导体，与其它三个
导体相比优点是：体积小，可以缩小电子元件的体积等；但也存在缺点：电阻大、产生的热量多，不利于散热。
【分析】（1）探究电阻和边长的关系，需要其他物理量相同，探究电阻和厚度关系，需要控制其他物理量相同.
（2）导体的电阻跟厚度成反比，串联电路中电压跟电阻成正比.
（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小.
5．体育课上，小明在同一位置用相同的力多次将足球踢出，发现足球斜向上飞出的角度越大，球运动得越高，但并不能运动得越远，这是什么原因呢？小明向老师请教，老师说：这是常见的一种抛体运动，将足球以一定的速度向斜上方踢出，足球所做的运动叫做斜抛运动，其运动轨迹如图甲所示。足球起始运动方向与水平方向的夹角叫做抛射角，抛出点到落地点的水平距离叫做射程，射程与抛出速度和抛射角的大小有关。 若不计空气阻力，请回答下列问题：
第87页（共104页）
（1）足球的质量是0.4kg，它受到的重力是多少？（取g = 10N/kg）
（2）若足球从地面踢出时具有的动能是120J，踢出后能达至的最大高度是5m，足球在最高点时具有的动能是多少？
（3）若足球的射程x与抛出速度v、抛射角θ之间满足公式x= ，当足球以
20m/s的速度且与水平方向成45o角踢出，足球的射程是多少？（取g=10N/kg） （4）足球以30o抛射角踢出，其动能Ek随水平位置S变化关系的图像如图乙所示。若该球在同一位置以60o抛射角且与前次大小相同的速度踢出，请你在答题卡的同一坐标中画出此次足球的动能随水平位置变化关系的大致图像。
【答案】 （1）由G=mg知道，足球受到的重力是：G=mg=0.4kg×10N/kg=4N； （2）足球运动过程机械能守恒，所以从地面踢出时的机械能E=Ek=120J 足球在最高点时具有的重力势能是： 故足球在最高点时具有的动能是：
（3）由x= 知道，当v=20m/s，角度为45o时，足球的射程是：
（4）
【解析】【解答】以大小相同的速度踢出的足球，由于30o抛射角踢出的水平速度大于以60o抛射角踢出的水平速度，所以，在最高点时的动能较大；又因为
，
所以，两次的水平射程相同，故以600抛射角时足球的动能随水平位置变
化关系的大致图像，如下所示：
第88页（共104页）
【分析】（1）根据G=mg求出它受到的重力.
（2）根据mgh求出足球在最高点时具有的重力势能，从而求出动能.
（3）当足球以20m/s的速度且与水平方向成45°角踢出，根据射程公式求出足球的射程. （4）根据数学知识sin60°×cos60°=sin30°×cos30°，因两次速度大小相同， 由x=
得出射程的关系，结合足球斜向上飞出的角度越大，球运动得越高确定第二
种倩况下的高度越大，动能较小，据此画出此次足球的动能随水平位置变化关系的大致图象.
6．
（1）图甲是安装在木板正面的部分电路，其中a、b、c、d是穿过木板的接线柱，两个灯座的两端分别接在两个接线柱上，安装两个相同的小灯泡L1、L2．木板背面的部分接线柱之间有导线相连着，从而使木板正背两面的电路组成一个完整的电路。闭合开关通电后，两灯都能正常发光。
①小明说出了判断两灯是串联还是并联的正确方法：用手将其中一个小灯泡取掉，若另一个灯泡仍发光，则说明两灯的连接方式是________，否则是另一种连接方式。
②小丽在电源和开关之间串联接入电流表，闭合开关，两灯亮，电流表示数如图乙所示，可初步判断通过L1的电流可能是________A，也可能是________A。
（2）小明利用如图所示的电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其中有一根导线接错了，请在这根错误的导线上打“×”，再画出改接的导线
（3）举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判。若裁判认定杠
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铃已被举起，就按一下自己面前的按钮开关，要求主裁判和至少一个副裁判按下自己面前的按钮开关时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮 【答案】 （1）并联 ；0.52 ；0.26
（2）
（3）
【解析】【解答】（1）①在判断电路的连接情况时，若取下一个灯泡，另一个仍亮，则灯泡并联，若取下一个，另一个熄灭，电路是串联的；②在用电流表测量电流时，电流表选择较小量程，电流表示数为0.52A，若电路是串联电路，则L1的电流为0.52A，若电路是并联电路，并联电路中干路电流等于各支路电流的和，又因为灯泡规格相同，则每个支路的电流为0.26A；
（2）根据电路图，改接的并联电路为
；
（3）根据要求，主裁判闭合开关，其中一个裁判再闭合开关，指示灯亮，则电路设计为
第90页（共104页）
。
故答案为：（1）①并联；②0.52；0.26；（2）实物图为；
（3）电路图为
。
【分析】（1）并联电路各用电器互相影响，串联电路电流处处相等，并联电路中干路电流等于各支路电流之和；
（2）串联电路各用电器并列连接在电源两端； （3）当多个开关共同控制用电器时，开关是串联的。
7．如图，地效飞行器是一种可以低空高速飞行的飞机，它能停在水面或地面上，某型号飞行器的总质量为1.0×103t，总体积为5×103m3 ， 最大飞行速度为720km/h，以最大速度飞行时的运输效率为25，运输效率是指飞行器飞行时的总重与发动机推力的比值。（g取10N/kg）。
第91页（共104页）
第92页（共104页）（1）飞行器在低空水平飞行时，机翼下方气流比上方气流的流速________，压强________。 （2）飞行器的发动机也是热机，________冲程是将机械能转化为内能。
（3）飞行器以最大速度水平匀速直线飞行1440km，飞行器受到的阻力是________N，发动机推力的功率为________ W（可以认为飞行器的总重不变）。 【答案】 （1）小；大 （2）压缩
（3）4×105；8×107
【解析】【解答】（1）飞机在飞行时，机翼下方的空气流速小于上方空气流速，压强大；（2）在热机工作时，压缩冲程把机械能转化为内能；（3）飞行器的重力为
， 发动机的阻力等于推进力为
， 发动机的速度为720km/h=200m/s，功率为
。
【分析】（1）流体在流速大的地方压强小；
（2）热机的压缩冲程中把机械能转化为内能；
（3）利用质量可以计算物体的重力，根据力和速度的乘积可以计算功率。
8．阅读短文，回答问题。
Quaranta是当前问世的外表最圆润同时也最富动感的太阳能汽车之一（如题21图甲所示）。其前风窗玻璃和顶盖玻璃皆采用防太阳辐射的层压玻璃制作而成，车身轻便灵活。电池完全由太阳能供能——通过安装在车顶和前端的电池板收集太阳能。某辆太阳能汽车接收太阳光能的面板面积S＝8m2 ， 正对太阳时产生U＝120V的电压，并对整车提供最大为10A的电流，机车最大可获得800W的机械功率。太阳光照射到地面上1平方米面积上的辐射功率P0＝1.0×103W。该车加速性能优越，从静止开始加速100m的路程最短仅需5s。
（1）车载导航系统是利用________来传递信息的；车窗玻璃能有效防止来自太阳过量的辐射对人皮肤的伤害，主要是能阻挡太阳光中的________。（选填“紫外线”或“红外线”） （2）Quaranta在设计时充分利用了流体力学的知识。如题21图乙所示，当汽车行驶时，流过它上方的空气速度比下方空气速度大，此时，上方空气压强比下方空气压强________（选填“大”或“小”）。
（3）Quaranta从静止加速100 m路程的过程中可以达到的最大平均速度为________m/s。 （4）太阳能属于________（选填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能电池将太阳能转化为电能的效率为________。 【答案】 （1）电磁波；紫外线 （2）小 （3）20
（4）可再生；15%
【解析】【解答】（1）车载导航力电磁波传递信息，太阳光中的紫外线对人有伤害，要适当阻挡；（2）汽车上方空气流速大，上方的压强比下方的压强小；（3）根据路程和时间计算速度为
；（4）太阳能是可再生能源，太阳能电池将太阳能转化为电能。
【分析】（1）导航系统利用电磁波传递信息，过多的紫外线对人体有伤害； （2）流体在流速大的地方压强小； （3）利用路程和速度的比值可以计算时间； （4）太阳能电池可以将太阳能转化为电能。
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9．学完“压强和浮力”知识后，小赵同学进行了如下实验：将一体积为50cm3的物块缓慢匀速浸没到液体中，测力计示数如图甲的图1、图2所示。
（1）由图示可知，物块浸没在液体中时受到的浮力为________N．通过计算可知该物体的密度为________g/cm3。
（2）小赵同学根据实验过程分别画了测力计拉力、浮力、容器底部所受液体压力以及容器对桌面的压力与物体浸入深度h的图象，其中表示器底部所受液体压力与物体浸入液体深度的关系图象是________
（3）通过交流，班上的小华同学突发奇想，如果在测力计1N的位置标出刚才水的密度值，就可以把测力计改装成一个密度秤。该密度秤的零刻度应标在________N处，所能测量的密度的最大值为________kg/m3。 【答案】 （1）0.5；3 （2）C
（3）1.5；3×103
【解析】【解答】解：（1）由测力计的示数可知，物体的重力G＝1.5N，物体浸没液体中时测力计的示数F′＝1N； 则物体受到的浮力： F浮＝G﹣F′＝1.5N﹣1N＝0.5N；
物块浸没在液体中，则物体排开液体的体积V排＝V物＝50cm3＝5×10物体的质量m＝ ＝ 物体体密度：
＝0.15kg；
﹣5m3
，
ρ＝ ＝ ＝3×103kg/m3＝3g/cm3。（2）由题意可知，物体放入液体前，容器
底部受到一定的压强和压力，当慢慢放入物块后，随着物块排开的液体的体积变大，则液面升高，由p＝ρgh和F＝pS可知压力也会慢慢变大，全部浸入水中后，液面高度不变，压力不变，C符合题意。（3）当密度为零时，物块受到的浮力为零，根据F浮＝G﹣F知，当浮力为零时，弹簧测力计的示数等于物体重力，所以它的零刻度应标在1.5N处；
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物体的重力是1.5N，所以液态对物块产生的浮力最大不能超过1.5N， 由F浮＝ρ液gV排可得：
ρ液＝ ＝
＝3×10kg/m3。
故答案为：（1）0.5；3；（2）C；（3）1.5；3×103。
【分析】（1）根据称重法F浮＝G﹣F计算物体受到的浮力；物体排开液体的体积等于物体的体积，根据ρ=案；
（3）利用F=G-F分析零刻度应标大小；物体的重力是1.5N，所以液态对物块产生的浮力最大不能超过1.5N，由F浮＝ρ液gV排可得此时的液体密度.
算出物体的密度；
（2）由p=pgh和F=pS分析物体A下表面所受液体压力与其浸入水中深度h的关系得出答
10．如图甲为某型号豆浆机示意图，将黄豆和清水放入杯体，经过如图乙“三次加热、二次打浆”的工序，可制作可口的豆浆。
（1）若豆浆机“加热”时功率为1000瓦，“打浆”时功率为200瓦。则按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗多少电能？
（2）为了防止豆浆过少导致“干烧”和豆浆过多导致“溢浆”，小明设计了如图丙所示的电路，
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La、Lb是两个完全相同的电磁铁，Ra和Rb分别是安装在“防溢浆”水位和“防干烧”水位下方的压敏电阻，其阻值随压力的增大而减小。只有当豆浆液面处在“防干烧”和“防溢浆”水位之间时，电热丝才能工作。（假设电磁铁对衔铁的吸引力不会随距离的改变而改变，不考虑衔铁的弹力和重力）
①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电磁铁La吸住衔铁，此时压敏电阻的阻值分别为Raˊ和Rbˊ，请比较两者的大小关系：________。
②已知压敏电阻Ra的阻值随液面高度h的变化曲线如图丁所示，请结合Ra的变化曲线画出压敏电阻Rb的阻值随液面高度h变化的大致曲线，并在图中横坐标上标出“防干烧”水位h1和“防溢浆”水位h2________。
【答案】 （1）解：由图乙可知，加热时间t1＝8min+2min+5min＝15min＝900s， 打浆时间t2＝0.5min+0.5min＝1min＝60s， 由P＝ 得，豆浆机加热消耗的电能： W1＝P1t1＝1000W×900s＝9×105J， 豆浆机打浆消耗的电能： W2＝P2t2＝200W×60s＝1.2×104J， 则完成一次豆浆制作需消耗的电能： W＝W1+W2＝9×105J+1.2×104J＝9.12×105J
答：按图乙工序完成一次豆浆制作，需消耗9.12×105J电能
（2）Raˊ＜Rbˊ；
【解析】【解答】解：（2）①当液面高度为h0时，闭合电路中的开关S，电阻Raˊ、Rbˊ分别与电磁铁La、Lb串联后再并联，
电磁铁La吸住衔铁，说明电阻Raˊ所在支路的电流较大，根据R＝ 可知，电阻Raˊ所在支路的电阻较小，
因为La、Lb是两个完全相同的电磁铁，即线圈电阻相同，所以，此时压敏电阻的阻值的大小关系：Raˊ＜Rbˊ。
②当杯体内液面高度h＜h1时，豆浆机处于“防干烧”状态，即电热丝所在电路不工作，
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此时压敏电阻的阻值Raˊ＜Rbˊ，电阻Raˊ所在支路的电流较大，电磁铁La吸住弹性衔铁，动触点与静触点分离；
当杯体内液面高度h1≤h≤h2时，豆浆机正常工作，即电热丝或电动机所在电路工作， 此时压敏电阻的阻值Raˊ＞Rbˊ，电阻Rbˊ所在支路的电流较大，电磁铁Lb吸住弹性衔铁，动触点与静触点接触；
当杯体内液面高度h＞h2时，豆浆机处于“防溢浆”状态，即电热丝或电动机所在电路不工作， 此时压敏电阻的阻值Raˊ＜Rbˊ，电阻Raˊ所在支路的电流较大，电磁铁La吸住弹性衔铁，动触点与静触点分离；
综上所述，压敏电阻Rb的阻值随液面高度h变化的大致曲线如图所示：
答：（2）Raˊ＜Rbˊ；（3）如图所示。
【分析】（1）结合图乙，根据W=Pt分别求出豆浆机加热和打浆消耗的电能，二者相加即为工序完成一次豆浆制作需消耗的电能；
（2）结合电路的连接方式，根据R=可知两条支路电阻的大小，进而得出此时压敏电阻的阻值的大小关系；
（3）当杯体内液面高度h 电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生，所以电热膜本身温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域导电墨线厚 度不均匀的现象．导电墨线电阻随温度变化的关系如图所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀． 第97页（共104页） （1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过________方式增加空气内能的； （2）如题20-2图所示电热膜电路，导电墨线的连接方式是________联，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB ， 则IA________IB（填“＜”、“=”或“＞”）。 （3）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图C部分，这根导电墨线的电阻________（选填“变大”、“变小”或“不变”） （4）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而________，温度高时发热功率________。（选填“增大”、“减小”或“不变”） 【答案】 （1）热传递 （2）并联；＜ （3）变大 （4）增大；减小 【解析】【解答】（1） 电热膜取暖器工作时是通过热传递的方式使得室内温度升高； （2）墨线是并联的，如图所示，若通过每条墨线的电流为I，则IA＝3I，IB＝9I，因些IA （2）根据并联电路连接方法及并联电路电流的特点确定电流关系； （3）影响电阻的因素有材料、长度和横截面积，横截面积越小，电阻越大； （4）根据图像分析得知电墨线的电阻随温度升高而变大。 第98页（共104页） 12．阅读短文，回答问题： 力传感器 常见的一种力传感器由弹簧钢和应变片组成，其结构示意图如图甲所示．弹簧钢右端固定，在其上、下表面各贴一个相同的应变片．若在弹簧钢的自由端施加向下的作用力F ， 则弹簧钢发生弯曲，上应变片被拉伸，下应变片被压缩． 应变片采用半导体材料制成，其阻值与长度成正比．给上、下应变片提供相等且恒定不变的电流，上应变片两端电压为U1 ， 下应变片两端电压为U2 ， 传感器把这两个电压的差值U（U＝U1﹣U2）输出，用来反映力F的大小．半导体应变片的阻值随温度会发生变化，其变化情况如图乙所示．为消除温度变化对测量精度的影响，需分别给上、下应变片串联一只合适的电阻，进行温度补偿．串联合适的电阻后，测量结果不再受温度影响． （1）当弹簧钢没有受到压力时，U＝________． （2）当弹簧钢受力向下弯曲时，U1________，U2________．（选填“变大”、“变小”或“不变”）． （3）如果未进行温度补偿，自由端受到相同的力F作用，该传感器下应变片两端的电压U2冬天比夏天________（选填“大”或“小”）． （4）进行温度补偿时，应给下应变片串联的电阻，最合适的是图丙中的________． 【答案】 （1）0 （2）变大；变小 （3）小 （4）A 【解析】【解答】(1)由题意可知,金属梁的上、下表面的应变片完全相同,即两应变片的电阻 第99页（共104页） 相同,且两应变片串联在电路中,所以通过两应变片的电流相等,根据U=IR可知,上应变片引线间两端电压为U1和下应变片引线间两端电压为U2相等;即U1=U2,U=U1−U2=0；(2)当金属梁受力向下弯曲时，上面金属电阻丝长度变大，电阻变大，下面金属电阻丝长度变短，电阻变小；由欧姆定律可知,电压U=IR,电流一定时,电阻越大,导体,U1变大,U2变小．压力越小电子秤示数越小，也就是输出的电压越小，所以说传感器输出的电压U随外力F减小而减小．(3)冬天比夏天电阻增加的小,所以该传感器下应变片两端的电压U2冬天比夏天小．(4)原半导体电阻随温度升高而增大，所以应补偿电阻随温度升高而减小，A选项电阻随温度的升高而减小，故A符合题意； 【分析】（1）根据串联电路电流的特点结合U=IR分析，以U1=U2 ， U=0的原因；（2）外力F增大时，上面金属电阻丝被拉伸，下面金属电阻丝被压缩，电阻丝长度发生变化，可知电阻的变化；在电流相同时，根据U=IR分析，电压随电阻的变化．传感器输出的电压表示力F的大小，压力越大电子秤示数越大，也就是输出的电压越大，压力为零时，电压为零．（3）冬天温度低，电阻受温度的影响比夏天小，所以电阻增加的小；（4）半导体物理效应都和温度有关，为了消除温度影响，在要求高的场合都需要进行温度补偿．所以串联的电阻应该是随着温度的升高而增大的电阻． 13．小明同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时采用了如图所示的实验装置．请仔细观察图甲、乙两图。 （1）实验中通过观察两个U形管中________的变化来比较电流通过电阻丝产生的热量的多少，这种实验方法叫做________。 （2）你认为乙图所示的装置是用来研究电流通过电阻丝产生的热量与________的关系。 （3）由乙图所示的实验现象可以得到的结论是：在电阻、通电时间相同的情况下，________越大，电阻产生的热量越多。 第100页（共104页） （4）本实验也可以采用图来完成，在图甲、乙两个容器里装入的是煤油。你认为，在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”的实验时，应选用图________更好，原因是________。 （5）通电一段时间，发现其中一个U形管液面高度几乎不变，则出现该现象的原因可能是________ （6）使用电饭煲煮饭时，电饭煲的内胆主要结构是发热体，它是利用了电流的________效应来工作的。煮饭时，内胆温度很高，但与之两连的导线不怎么热，这是因为________ 【答案】 （1）液柱高度差；转换法 （2）电流 （3）电流 （4）图22；气体受热膨胀迅速，比液体明显，可缩短时间 （5）该容器漏气了（气密性不好） （6）热；发热体的阻值远大于导线，产生热量显著 【解析】【解答】（1）探究电流产生的热的多少时，利用产生的热量推动U型管中液柱高度的变化反应热的多少，是转换法；（2）图乙中电阻相同，但两装置中电流的大小不同，所以探究了电流产生热量和电流的关系；（3）根据图乙，在电阻和通电时间相同时，电流越大，电阻产生的热量越多；（4）探究电流产生热的多少的实验时，利用电流加热空气比加热没有更好，因为加热空气反应更快；（5）在加热一段时间后，U型管液面高度不变，可能是容器漏气的原因；（6）电饭煲煮饭利用了电流的热效应，电饭煲的导线不热，是因为导线电阻小，产生的热就少。 【分析】（1）探究电流产生热的多少，利用U型管液面高低表示是转换法； （2）当电阻和通电时间相同而电流不同，探究电流产生的热和电流大小的关系； （3）当电阻和通电时间相同时，电流越大，产生的热量越多； （4）探究电流产生的热的多少时，加热空气现象更明显； （5）当空气吸热膨胀时，U型管内液面不变，可能是有漏气现象； （6）加热类用电器有些利用电流热效应工作，当电流和时间相同时，电阻越大产生的热较多。 14．学校创客小组探究气压传感器的使用参数，同学们将一节塑料管与抽气机连接，将气压传感器插入管内，传感器与计算机相连，如题1图。抽气时，从计算机上可读出该位置气压。 第101页（共104页） 图1 图2 图3 （1）抽气时，管内气压________外界大气压（选填“大于”、“等于”或“小于”）。 （2）气压传感器内部工作原理如题2图，R0是定值电阻，R1是压敏电阻，其阻值与气压的关系如题3图所示。当R1=30Ω时，压敏电阻受到的气压为________Pa，随着抽气速度增大，阻值会________（选填“变大”“变小”“不变”）。 （3）若电源电压为6V，R0=10Ω，当气压传感器的读数为0.9×105Pa时，压敏电阻的阻值为________Ω，它两端的电压为________V，此时R0的电功率为________W。 【答案】 （1）小于 （2）0.6×105；变小 （3）40；4.8；0.144 【解析】【解答】（1）利用抽气机抽气后管内气体减少，气压减小，小于外界大气压；（2）根据气压和电阻的变化图像，当电阻R1=30Ω时，气压为0.6×105Pa，根据坐标图像，气压越小，电阻越小；（3）当气压为0.9×105Pa时，R1的阻值为40Ω，此时的电流为 ，，。 R1 R0 两端的 的电 电功 压率 为为 【分析】（1）当气体减少时，气压减小； （2）根据坐标图像，不同的电阻对应不同的电压； （3）利用电压和电阻计算电流的大小，利用电流和电阻可以计算电功率的大小。 15．电热膜是一种新型的电热器件，图一是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜 第102页（共104页） 表面，经过特殊工艺加工形成的一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图二所示． 电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产所生，以电热膜本身温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域导电墨线厚度不均匀的现象．导电墨线电阻随温度变化的关系如图三所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀． 图一 图二 图三 图四 （1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过________方式增加空气内能的： （2）如图三所示电热膜电路，导电墨线的连接方式是________联，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为lA和lB ， 则IA ________IB(填“<”、“=”或“>”)． （3）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图图四C部分，这根导电墨线的电阻________ (选填“变大”、“变小”或“不变”) （4）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而________，温度高时发热功率________．(选填“增大”、“减小”或“不变”) 【答案】 （1）热传递 （2）并；＜ （3）变大 （4）增大；减小 【解析】【解答】（1）电热膜取暖器工作时，温度升高，通过热传递的方式使得室内温度升高，增加空气的内能； （2）由图二可知，各导电墨线是并列接在电源两端，电流有多条路径，所以导电墨线的连接方式是并联； 因为墨线是并联的，设通过每条墨线的电流为I，则IA=3I，IB=9I，因此IA＜IB ； （3）由图四知，某跟导电墨线的局部导电材料脱落，凹形会导致横截面积变小，电阻变大； 第103页（共104页） （4）由图三知，电热丝电阻随温度的升高而增大；由 增大时，电功率减小。 可知，电压不变，电阻 故答案为：（1）热传递；（2）并；[MISSING IMAGE: , ]；（3）变大；（4）增大；减小。 【分析】（1）热传递可以改变物体的内能； （2） 并联电路中，电流有多条路径；干路电流等于各支路电流之和； （3） 电阻的大小和物体的横截面积有关，当材料和长度一定时，横截面积越小，电阻越大； （4）根据电热丝电阻与温度的关系图象，判断电热丝电阻随温度变化的规律；根据公式 分析，电压不变时，电功率与电阻的关系。 第104页（共104页）
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